7.2024年辽宁省丹东市初中学业水平模拟考试-【中考123·中考必备】2025年辽宁地区专用物理试题精编

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实比图像如E乙所示，已短电源电：为2￥仪持 子刘法墨，喜肌和电子到述器的透接方式 猜里：不力大小，与流体的密度有关 不变电瓷表报0-Q6A量程。当开关接适.体重· 是率联：若电速电压全年加在电动肌和电了 睛思2：浮力大小与物体浸在情体中的移积有美 计中未贴人时电面表示数为位2A。求： 湖违都的丙险，蜗电动机相电子码速器的砖 精里3：浮力大小与物体复爱在液体电的深度有关 (1)该棒重什的将机功率 餐之比为 (2)一名体重为N钩同学站在该体重计上，电 2》无人机飞行测试 生5N 流表的小数 在电泡漏容量的情浅下，减无人机进行飞 (3)此电舟中免许追过的最大电宽 行测试.从J地置起飞到测成点上空0m高处。 (4)流体重什着国量的经大爱量 格后房动适象钱魂州2n。这一过醒可视为 21面里 以最大上升速度匀速直线上升，侧受物空气用 0 技阁再连好电路，进行实验 力为0X,达陶日标高处立即要停。算个过程 #区期 (1小物我2及在木中时.受国的浮力是 王若实更这程中，控制定值电照两璃的电压为 图个电动机同时工年且不计其值能星棋失 ①从忽飞到最高处的甘程中，电动机希花的电 (2》分析 (用字得表乐)三解图可得序力 25￥.为保证分别使用三个定肌电均能铜 管为 的大小与物体浸没在液体中的深度无关 利完顷实袋，新请座图的最大阻置至少是 2洲试洁来丽，无人机从退停处欧县大下降迪 3}分析A,玉，F三周可得浮力大小与 度匀走直线下降5维，这个过程所用的同 美：登析影F两图，比较水对烧杯底的瓜强P。 (5)某可学设计了如用丁侧所前电帝测量未知电 同为 和某额体利经杆靠的压强：的大小关系，网 元的值。已短风为宽的电阻.请回答下河 【用日拓展】 无人机水平向右量匀嵬直线运结的过程中，间 [4)小红在觉成步翟C丘将物体取出，记录毫数 1楼电牌丽连接电洛： 隔民和时闻以无人机上值次白由释当编零为①2 据，余层块授有擦于，直花将金属块甘在弹离测 2得合开关S,读出电臣表￥，的示数为队，电 的三个相物体：不计空气阻力，期下图德正满 力计下，放人烧杯中进行步霄D的实袋。优景 国表等，的乐数为巧，南被湖的阳值是 表小：物修着娃位置的是 作过程什算斜到的浮力大小与真实值相比 用，，5，元表示)： 该实轮可以测岛电团的阻雀，亚是实烫设 (5)用用中的数都算出金层块的脚度为· 存在不是，不是之处是 国感国团国网 w/口见此图标8品微信扫码 领取真题实战指南 5.鞍山市 2024年九年级第二次质量调查 1.A 2.C 3.D 4.B 5.B 6.A 7.ABD 8.ABC 9.ABD [解析]三个开关都闭合时，R?短路，灯泡与R?并联，电 压表测电源电压，电流表测干路的电流，因小灯泡正常发光，则 电源电压为6V,通过定值电阻R的电流为I?=晨=48=1.5A, 小灯泡的额定电流为I=I-I?=2A-1.5 A=0.5 A,小灯泡的 额定功率是P=UI?=6V×0.5 A=3W;只闭合S?时，定值电 阻R?、R?串联，电压表测定值电阻R?两端的电压，电流表测量 电路中的电流，此时电压表的示数为2.4 V,即U?=2.4V,此时 电路中的电流为P=是=24Y=0.6A,R,两端的电压为U?= U-U?=6V-2.4V=3.6V,R,的阻值为R=号-3.6A= 60;小灯泡的电阻为R?=元=0.5A=12 Q>R?=4Ω,根据 P=黄可知要使整个电路电功率最小，电路的总电阻最大，需要 将小灯泡与定值电阻R?串联，即需只闭合S?;只闭合S?,小灯 泡与定值电阻R,串联，此时电路中的电流为P=R+R= 126+60=÷A,在1mm内R,产生的热量是Q=“RI= (3A)×60×60s=40J。故选ABD。 10.扩散 热传递 11.电磁波 可再生 12.不会 空气开关 [解析]用试电笔检测标有“L”的插孔时， 没有接触笔尾金属体，所以氖管不会发光；家庭电路中各用电 器之间是并联关系，如果家庭电路中不安装空气开关，当发生 短路时，电流过大，引起线路过热，甚至引起火灾。 13.异种 排斥 14.900 75% 15.1.355×10? 2×10? 16.如答图所示 S' 0 S 16题答图 17.如答图所示 17题答图 0 18.(1)94 (2)尚未(3)C(4)能 不会 19.(1)确定像的位置(2)玻璃板未与水平面垂直(3)仍能 (4)缩小(5)近视眼 凹 20.(1)左(2)54 (3)20 2.7×103(4)B 0.95 21.(1)不变 如答图所示(2)4 电流与电阻成反比 (3)左 19 灯丝的电阻随温度的升高而增大 21题答图 22.解：(1)压路机在这次压路作业中运动的速度： 0=÷=10×60s=0.4ms; (2)压路机静止在水平路面上，压路机对水平路面的压力大小 等于压路机的重力， F=G=1.2×10?kg×10 N/kg=1.2×10?N, 压路机对水平路面的压强： p=5=40.2×10?N=3×10°Pa (3)压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是 一对平衡力，二力大小相等， F牵=f=0.4G=0.4×1.2×10?N=4.8×10?N, 压路机做的功： W=F奉s=4.8×10?N×240 m=1.152×107J; (4)柴油完全燃烧释放的热量： Q==1.152×10J=3.84×10'J, 消耗柴油的质量： m-9-4x40105-0.96g。 答：(1)压路机在这次压路作业中运动的速度是0.4 m/s; (2)压路机静止在水平路面上时对路面的压强是3×10?Pa; (3)压路机在这次压路作业中牵引力做的功是1.152×107J; (4)这次作业要消耗0.96 kg柴油。 23.解：(1)电能表上的转盘转过24转空气净化器消耗的电能： w=60kw·h=0.04kw·h, 该空气净化器的额定功率： p=1=0.04w.h=0.04kW=40w; (2)由题意可知，全部净化所需时间： ′=25×1h=0.4h=1440s, 需要消耗的电能： W=Pt′=40 W×1440s=5.76×10?J; (3)由图乙可知定值电阻R。与气敏电阻R串联，由欧姆定律 可知，电路中的总电阻： R=7=32X=800, 由串联电路的电阻特点可知，气敏电阻的阻值： R=Rs-R?=80 2-20Q=60 Ω, 由图丙可知，此时空气中有害气体的浓度为1.0 μg/m3; (4)由图丙可知，有害气体的浓度减小到0.1 μg/m3时，气敏 电阻的阻值为300 Ω,由串联电路的电阻特点可知，电路中的 总电阻： Ra'=R?+R'=20Q+300Q=320Ω, 电路中的电流： r=R-3200=0.1A, 此时检测电路消耗的电功率： P′=UI′=32 V×0.1 A=3.2 W。 答：(1)该空气净化器的额定功率为40W;(2)需要消耗的电 能为5.76×10?J;(3)此时空气中有害气体的浓度为 1.0 μg/m3;(4)此时检测电路消耗的电功率为3.2W。 24.(1)磁 如答图所示(2)小(3)1.5(4)40(5)③ (S) R, 电 铁 K- 进气开关 24题答图 6.本溪市2024年初中毕业升学模拟考试 1.C 2.B 3.C 4.A 5.D 6.B 7.BD [解析]A.铜不是磁性材料，磁体不吸引，故B处悬挂的不 可以是铜柱，故A错误；B.闭合开关后，电流从下方流入，根据 安培定则知，电磁铁的下端为N极，上端为S极，故B正确； C.电磁铁是利用电流的磁效应原理制成的，故C错误；D.若向 上调节滑动变阻器滑片P,电阻变小，电路中的电流变大，磁性 增强，道闸杆上B点受到向下的拉力F会变大，故D正确。故 选BD。 8.CD 9.ABC [解析]A.闭合开关，两电阻串联接入电路，将电压表并 联在R?两端，电压表测待测电阻两端的电压，将滑动变阻器调 到阻值最大，已知电源电压，根据串联电路电压规律计算滑动 变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算通过滑动变阻器的电流 可知通过电路的电流，根据欧姆定律计算待测电阻的阻值，故 A正确；B.闭合开关，两电阻串联接入电路，将电压表并联在R? 两端，电压表测滑动变阻器两端的电压，将滑动变阻器调到阻 值最大，已知电源电压，根据串联电路电压规律计算待测电阻 两端的电压，根据欧姆定律计算通过滑动变阻器的电流可知通 过电路的电流，根据欧姆定律计算待测电阻的阻值，故 B正确； CD.闭合开关，两电阻串联接入电路，将电流表串联在电路中， 将滑动变阻器调到阻值最大，根据U=IR计算滑动变阻器两端 的电压，已知电源电压，根据串联电路电压规律计算待测电阻 两端的电压，根据欧姆定律计算待测电阻的阻值，故C正确，D 错误。故选ABC。 10.(1)做功(2)汽化 11.左 3 12.254.4 等体积 13.1.38×10? 4.2×10? 14.吸引轻小物体 异 15.减小了对手的压强 慢(或小) [解析]加粗加厚的提手握起来更舒适是因为在压力一定的情 况下，通过增大受力面积减小了对手的压强；因为液体压强随 深度的增加而增大，所以当桶中的水越来越少时，水的压强逐 渐减小，水龙头的出水速度会变小。 16.如答图所示 17.如答图所示 s F? 16题答图 F B 17题答图 18.(1)铁夹 (2)不正确 81 (3)B (4)高于(或大于)裂 19.(1)1 (2)物体浸入液体的体积(或物体排开液体的体积) (3)物体浸入液体的体积 液体密度 (4)使用体积更大的物体进行实验(或使用分度值更小的弹簧 测力计合理即可) (5)大 20.(1)使像成在光屏中心，便于观察 (2)缩小 ① (3)物距 大 (4)① [解析](1)“F”形光源、透镜和光屏三者的中心在同一高度， 这样做的目的是使像成在光屏的中央，便于观察；(2)由图可 知，物距u=50 cm-20 cm=30 cm,f=4 cm,此时u>2f,成倒立 缩小的实像，换用不同焦距时，根据控制变量法，必须控制物 距和物体大小相同，故保持光源和透镜位置不动，只移动光 屏，故①正确；(3)根据表格数据知，不同焦距但相同物距时， 对比分析，可得出结论：成实像时，物距不变，焦距越大，像越 大；(4)由于水杯紧贴着漫画，水杯距离小于焦距时，成正立放 大的虚像，故①是可能的。 21.(1)如答图所示 21题答图 (2)电流表短路 电阻一定时，电流与电压成正比 (3)反比 (4)该次实验没有控制定值电阻两端电压一定(或该次实验定 值电阻两端电压超过了电源电压合理即可) 22.解：(1)课桌的重力：G=mg=8 kg×10 N/kg=80N; (2)课桌对地面的压力：F=G, 桌脚与地面接触的总面积：S=50 cm2=0.005 m2, p=5=0.05m=1.6x10° Pa; (3)推课桌做的功：W=F推$物=100N×10m=1000 J, 推课桌的功率：Px=w=1000J=100w; (4)同学沿水平方向以不同的速度推课桌，压力和接触面的粗 糙程度不变，摩擦力不变，课桌所受摩擦力的大小是相同的。 答：(1)课桌的重力是80N;(2)静止在水平地面的课桌对地 面的压强是1.6×10? Pa;(3)同学的推课桌的功率是100W; (4)课桌所受摩擦力的大小是相同的。 23.解：(1)由电路图可知，光敏电阻R?和定值电阻R。串联，电流 表测电路中的电流，由表格数据知在光照强度E=1 cd时，光 敏电阻R?=30 Ω,电流表示数I?=I?=0.4 A, R。的电功率：Po=I?2R?=(0.4 A)2×20 Q=3.2W, 此时R?的两端电压：U?=I?R?=0.4 A×20 Ω=8 V 此时R?的两端电压：U?=I?R?=0.4 A×30 Q=12 V, 电源电压：U=U?+U?=8V+12 V=20 V; (2)在光照强度E=1.5 cd时，R?'=200, 此时R?'的两端电压：U?'=R?I?=20 Q×0.4 A=8V, 此时调换的定值电阻R?'的两端电压： U?'=U-U?'=20 V-8V=12V, 此时调换的定值电阻：R?′==0.4A=30Q; (3)在(2)基础上，分别求出R。与R?两端的电压， U。"=I?R?'=0.4 A×30 Q=12 V, U?"=I?R?'=0.4 A×20 Ω=8V, 所以电压表应并联在R。两端。 答：(1)R。的电功率是3.2 W,电源电压为20 V;(2)定值电阻 R?应调换为阻值为30 2的另一个定值电阻；(3)电压表应并 联在R。两端。 24.(一)(2)不变 均匀(或是) (3)15 不需要(或否) (二)相平 (三)并联 7.丹东市 2024年初中学业水平模拟考试 1.D 2.C 3.C 4.B [解析]A.推箱子匀速前进的过程中，由于力的作用是相互 的，箱子对该同学有推力的作用，故A错误；B.箱子受到的重力 和地面对箱子的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在 同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确； C.箱子在水平地面上做匀速直线运动，箱子受到地面的摩擦力 与推力是一对平衡力，方向相反，所以摩擦力方向水平向后，故 C错误；D.停止推箱子，箱子会停下来是因为箱子受到摩擦力 的作用，故D错误。故选B。 5.B 6.D 7.BD 8.AC [解析]A.向下按的过程中，饮料罐排开水的体积变大，由 阿基米德原理F薄=P液V排g得，饮料罐受到的浮力增大，故 A 正确；B.饮料罐被按入水中时，水溢出烧杯，烧杯中水的深度不 变，由p=pgh得，水对杯底的压强不变，故B错误；C.受力面积 不变，结合B项可知水对杯底的压强不变，则由F=pS 可知烧 杯中水对杯底的压力不变，故C正确；D.水对饮料罐的浮力等 于饮料罐排开的水的重力，饮料罐排开的水全部溢出烧杯，烧 杯对桌面的压力等于烧杯与水的总重力与浮力之和，则烧杯对 桌面的压力不变，故D错误。故选AC。 9.BC [解析]由电路图可知，R?与R?并联，电压表V测电源两 端的电压，电流表A?测干路电流，电流表 A?测R?支路的电 流。AB.因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表V的 示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片 移动时，R 支路的电流不变，即电流表A?的示数不变，故A错 误，B正确；C.将滑动变阻器的滑片P向b端移动，滑动变阻器 接入电路中的电阻变大，由I=贵可知，?支路的电流变小；因 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变 小，即电流表A?的示数变小，电压表示数不变，则电压表V的 示数与电流表A?的示数的乘积变小，故C正确；D.由两个电流 表的示数之差等于R?支路的电流可知，两电流表示数之差变 小，则电压表V的示数与电流表 A?和A?的示数差的比值变 大，故D错误。故选BC。 10.振动 音色 11.静止 无规则运动(热运动) 12.运动状态 变小 [解析]毽子被踢出，是力改变了毽子的运 动状态。毽子在上升过程中，质量不变，高度增大，重力势能 不断变大，其速度减小，动能在不断变小。 13.比热容 高 14.火 并 15.1235.4 1.8×10? 16.如答图所示 S1* M S 17.如答图所示 16题答图 A 17题答图 18.(1)减少热量散失(缩短从加热到沸腾时间，其他答案合理也 可)使液面上方气压与大气压相同(内外气压平衡) (2)98 变大 (3)先上升后不变 (4)不变 19.【问题】物体大小(或物体的位置、物体到平面镜距离) 【证据】(1)蜡烛的像到平面镜的距离/cm (2)位置 (3)等效替代 【解释】相等 【交流】视角变小 见此图标跟微信扫码 领取真题实战指南 20.(1)0.5 (2)ADE (3)液体的密度 > (4)相等(或不变) (5)5.8×103 21.(1)如答图所示 A 21题答图 (2)小灯泡断路 (3)9.6 (4)②21 (5)② ③不能多次测量求平均值，误差较大 22.解：(1)根据P="得W=Pt=400×10°W×5×60s=1.2× 10?J; (2)由W=那得牵引力：F==3××0mJ=4×10°N, 因为校车做匀速直线运动，由二力平衡可知 f=F率=4×10?N; (3)由p=号可得，校车和车上人员对地面的压力： F=pS=5×10? Pa×0.15 m2=7.5×10?N, 由于校车在水平路面静止，校车和车上人员的总重： G=F=7.5×10?N; (4)增大受力面积，减小压强。 答：(1)校车在这段时间内牵引力所做的功为1.2×10?J; (2)校车在匀速行驶过程中受到的阻力为4×10?N;(3)校车 和车上人员的总重为7.5×10?N;(4)增大受力面积，减小 压强。 23.解：(1)该体重计的待机功率： P=UI待=12V×0.12 A=1.44W; (2)该同学站在体重计上，则F=G=800 N, 查表得滑动变阻器的阻值：R=50 0, R总=R+R?=50Q+10Q=60Ω, 则电流表的示数：1==68=0.2A; (3)当滑片P滑到最下端，R=00,”=M-10X=1.2A, 因为1.2 A>0.6 A, 所以电路中最大的电流I=0.6 A;