3.1.1 第1课时 函数的概念(一)-【金版教程】2024-2025学年新教材高中数学必修第一册创新导学案课件PPT（人教A版2019）

第三章　函数的概念与性质 3.1　函数的概念及其表示 3.1.1　函数的概念 第1课时　函数的概念(一) (教师独具内容) 课程标准：1.在初中用变量之间的依赖关系描述函数的基础上，用集合语言和对应关系刻画函数，建立完整的函数概念.2.体会集合语言和对应关系在刻画函数概念中的作用.3.了解构成函数的要素，能求简单函数的定义域． 教学重点：1.理解函数的定义.2.会求一些简单函数的定义域． 教学难点：1.对应关系f的正确理解，函数符号y＝f(x)的理解.2.抽象函数的定义域． 核心素养：1.通过学习函数的概念，培养数学抽象素养.2.借助函数定义域的求解，提升数学运算素养.3.借助f(x)与f(a)的关系，培养逻辑推理素养． 核心概念掌握 核心素养形成 随堂水平达标 目录 课后课时精练 核心概念掌握 函数的定义 一般地，设A，B是_______________，如果对于集合A中的____________，按照某种确定的对应关系f，在集合B中都有________________和它对应，那么就称____________为从集合A到集合B的一个函数 函数的记法 ____________________ 定义域 x叫做_________，x的______________叫做函数的定义域 函数值 与_________相对应的y值 值域 函数值的集合___________叫做函数的值域，显然，值域是集合B的子集 非空的实数集 任意一个数x 唯一确定的数y 知识点　函数的概念 (1)函数的概念 f：A→B y＝f(x)，x∈A 自变量 取值范围A x的值 {f(x)|x∈A} 核心概念掌握 5 (2)函数的三要素：定义域、对应关系、值域是函数的三要素，缺一不可． [点拨]　(1)集合A，B是非空实数集，值域C⊆B. (2)函数的定义中强调“三性”：任意性、存在性、唯一性． (3)函数符号“y＝f(x)”是数学符号之一，不表示y等于f与x的乘积，f(x)也不一定就是解析式． (4)除f(x)外，有时还用g(x)，u(x)，F(x)，G(x)等符号来表示函数． 核心概念掌握 6 1．(函数的概念)下列关于函数y＝f(x)的说法正确的是(　　) ①y是x的函数；②x是y的函数；③对于不同的x，y也不同；④f(a)表示当x＝a时，f(x)的函数值是一个常数． A．①④ B．②③ C．①③ D．②④ 答案 核心概念掌握 7 答案 核心概念掌握 8 核心素养形成 题型一　函数关系的判断 解析　由函数定义可知，任意作一条直线x＝a，则与函数的图象至多有一个交点，结合选项可知D中图象表示y是x的函数． (1)下图中，能表示函数y＝f(x)的图象的是(　　) 答案 解析 核心素养形成 10 答案 核心素养形成 11 解析　①在对应关系f下，A中不能被3整除的数在B中没有数与它对应，所以不能确定y是x的函数；②在对应关系f下，A中的数在B中有两个数与之对应，所以不能确定y是x的函数；③在对应关系f下，A中的数(除去5与－5外)在B中有两个数与之对应，所以不能确定y是x的函数；⑤A不是数集，所以不能确定y是x的函数；④⑥显然满足函数的特征，y是x的函数．故选D. 解析 核心素养形成 12 【感悟提升】 1．根据图形判断对应关系是否为函数的方法 (1)任取一条垂直于x轴的直线l. (2)在定义域内平行移动直线l. (3)若直线l与图形始终只有一个交点，则是函数；若在定义域内存在直线l与图形没有交点或有多个交点，则不是函数，如图所示． 核心素养形成 13 2．判断一个对应关系是否为函数的方法 核心素养形成 14 答案 解析 【跟踪训练】 1．(1)图中①②③④四个图形各表示两个变量x，y的对应关系，其中表示y是x的函数的有________． 解析：由图形判断对应关系是否为函数的方法，可知当－1≤a≤1时，只有图形②③与直线x＝a仅有一个交点，故可以表示y是x的函数的有②③. ②③ 核心素养形成 15 解析 核心素养形成 16 题型二　求函数的定义域 核心素养形成 17 解 核心素养形成 18 解 核心素养形成 19 解 [条件探究]　在本例(3)条件不变的前提下，求函数y＝f(x＋1)的定义域． 解：由1≤x＋1≤3得0≤x≤2，所以函数y＝f(x＋1)的定义域为{x|0≤x≤2}． 核心素养形成 20 【感悟提升】求函数定义域的常用方法 (1)若f(x)是分式，则应考虑使分母不为零． (2)若f(x)是偶次根式，则被开方数大于或等于零． (3)若f(x)中含有x0的形式，则要求x≠0. (4)若f(x)是由几个式子构成的，则函数的定义域是几个部分定义域的交集． 核心素养形成 21 核心素养形成 22 解 核心素养形成 23 题型三　求函数值 核心素养形成 24 解 核心素养形成 25 解 核心素养形成 26 【感悟提升】函数求值的方法及关注点 (1)方法 ①已知f(x)求f(a)时，只需用a替换f(x)中的x即得f(a)的值； ②已知f(x)与g(x)求f(g(a))的值时，应遵循由里往外的原则． (2)关注点：用来替换f(x)中x的数a必须是函数定义域内的值，否则函数无意义． 核心素养形成 27 核心素养形成 28 解 核心素养形成 29 题型四　创建函数关系的问题情境 解 核心素养形成 30 解 核心素养形成 31 【感悟提升】根据函数关系构建问题情境的策略 (1)分析条件中的函数解析式，确定其函数类型、定义域、值域、对应关系． (2)从现实生活中寻找和构建合适的问题情境，必要时，可适当限制x的取值范围． (3)既要描述情境，又要描述情境中的定义域、值域和对应关系． 核心素养形成 32 解 【跟踪训练】 4．构建一个问题情境，使其中变量关系能用解析式y＝5x2来描述，其中x>0. 解：构建情境如下：长方形的长、宽之比为5∶1，设宽为x，面积为y，那么y＝5x·x＝5x2. 其中x的取值范围是{x|x>0}，y的取值范围是{y|y>0}，对应关系f把每一个长方形的宽x，对应到唯一确定的面积5x2(答案不唯一)． 核心素养形成 33 随堂水平达标 1．下列各个图形中，不可能是函数y＝f(x)的图象的是(　　) 解析：因为垂直于x轴的直线与函数y＝f(x)的图象至多有一个交点，故选A. 答案 解析 随堂水平达标 1 2 3 4 5 35 答案 解析 随堂水平达标 1 2 3 4 5 36 答案 解析 随堂水平达标 1 2 3 4 5 37 4．已知f(x)＝x2＋1，则f(f(－1))＝________． 解析：因为f(－1)＝(－1)2＋1＝2，所以f(f(－1))＝f(2)＝22＋1＝5. 答案 解析 5 随堂水平达标 1 2 3 4 5 38 5．已知函数f(x)＝x2＋x－1，则f(2)＝______；若f(a)＝5，则a＝__________． 解析：f(2)＝22＋2－1＝5.∵f(a)＝a2＋a－1＝5，∴a2＋a－6＝0，解得a＝2或a＝－3. 答案 解析 5 2或－3 随堂水平达标 1 2 3 4 5 39 课后课时精练 基础题(占比60%)　中档题(占比30%)　拔高题(占比10%) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 难度 ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★★ 对点 判断一个对应关系是否为函数 根据图形判断对应关系是否为函数 复合函数求函数值 求实际问题中函数的定义域 函数的三要素 函数概念的理解 由函数解析式求函数值 由函数值求参数 题号 9 10 11 12 13 14 15 难度 ★ ★ ★★★ ★★ ★★ ★★ ★★★ 对点 求函数的定义域 由函数解析式求函数值；复合函数及求值 由抽象函数求函数值 函数的概念 由抽象函数求函数值 创建函数关系的问题情境 由函数解析式解决求值与证明问题 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 41 1．下列从集合A到集合B的对应关系f是函数的是(　　) A．A＝{－1，0，1}，B＝{0，1}，f：A中的数平方 B．A＝{0，1}，B＝{－1，0，1}，f：A中的数开平方 C．A＝Z，B＝Q，f：A中的数取倒数 D．A＝{平行四边形}，B＝R，f：求A中平行四边形的面积 解析：对于B，集合A中的元素1对应集合B中的元素±1，不符合函数的定义；对于C，集合A中的元素0取倒数没有意义，在集合B中没有元素与之对应，不符合函数的定义；对于D，集合A不是数集，不符合函数的定义．故选A. 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 42 2．(2024·重庆南开中学高一上期中)已知集合A＝{x|－1≤x≤1}，B＝{y|－1≤y≤1}，则下列图象中，能表示从集合A到集合B的一个函数的是(　　) 解析：对于A，图象对应的定义域不包含x＝0，不成立；对于B，图象存在一个x有两个y与之对应，不表示函数图象，不成立；对于C，图象对应的定义域为A＝{x|－1≤x≤1}，且每个x都有唯一的y与之对应，且值域为B＝{y|－1≤y≤1}，满足题意；对于D，当x＝0时，有两个y与之对应，不表示函数图象，不成立．故选C. 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 43 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 44 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 45 5．(多选)已知集合A＝{x|0≤x≤2}，B＝{y|0≤y≤4}，则下列对应关系，能够构成以A为定义域，B为值域的函数的是(　　) A．y＝2x B．y＝x2 C．y＝|4－2x| D．y＝x＋5 解析：对于A，y＝2x，当定义域为A＝{x|0≤x≤2}时，显然其值域为B＝{y|0≤y≤4}，故A满足条件；显然B，C同样也满足条件；对于D，y＝x＋5，若其定义域为A＝{x|0≤x≤2}，则其值域为{y|5≤y≤7}，故D不满足条件． 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 46 6．(多选)下列函数中，满足f(2x)＝2f(x)的是(　　) A．f(x)＝|x| B．f(x)＝x－|x| C．f(x)＝x＋1 D．f(x)＝－x 解析：可以验证选项A，B，D中的函数都满足f(2x)＝2f(x)；对于C，f(x)＝x＋1，∵f(2x)＝2x＋1，2f(x)＝2x＋2，∴f(2x)≠2f(x)，即f(x)＝x＋1不满足f(2x)＝2f(x)，故C不满足． 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 47 7．(2024·云南大理白族自治州高一上期末)若f(x)＝x2＋bx＋c，且f(2)＝f(6)＝0，则f(1)＝________． 答案 解析 5 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 48 8．已知函数f(x)＝ax2－1(a≠0)，且f(f(1))＝－1，则a的值为________． 解析：因为f(x)＝ax2－1，所以f(1)＝a－1，f(f(1))＝f(a－1)＝a(a－1)2－1＝－1，所以a(a－1)2＝0，又因为a≠0，所以a－1＝0，所以a＝1. 答案 解析 1 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 49 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 50 解 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 51 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 52 解 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 53 11．(2024·上海市金山区期中)已知定义在R上的函数f(x)的值域也是R，并且对任意x，y∈R，都有f(xf(y))＝xy，则|f(2024)|＝(　　) A．0 B．1 C．20242 D．2024 解析：对a∈R，由已知得f(f(1)·f(a))＝f(1)·a，f(f(a)·f(1))＝f(a)·1，两式比较，得f(a)＝f(1)·a，令a＝f(1)得f(f(1))＝f(1)·f(1)．又由题意，可得f(f(1))＝f(1·f(1))＝1×1＝1，于是f(1)·f(1)＝1，即|f(1)|＝1，所以|f(a)|＝|a|，从而|f(2024)|＝2024. 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 54 12．已知集合A＝{1，2，3}，B＝{4，5}，则从A到B的函数f(x)有_______个． 解析：利用列表法确定函数的个数． 答案 解析 8 f(1) 4 4 4 4 5 5 5 5 f(2) 4 4 5 5 4 4 5 5 f(3) 4 5 4 5 4 5 4 5 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 55 答案 解析 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 56 14．(2024·山东临沂一中高一上月考)试构建一个问题情境，使其中的变量关系可以用解析式f(x)＝10(1＋x)2描述． 解：若对x的取值范围作出限制，例如x∈{x|x>0}，则可以构建如下情境： 某地区“桃花节”观赏人数逐年增加，据有关部门统计，2023年约有10万人次，设观赏人数年平均增长率为x，预计2025年观赏人数为y，那么y＝10(1＋x)2.其中，x的取值范围是{x|0<x<1}，y的取值范围是{y|10<y<40}．对应关系f把每一个增长率x都对应到唯一确定的观赏人数10(1＋x)2. 解 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 57 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 58 解 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 59 解 课后课时精练 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 60 　　　　　　　　　　　　　 R 2．(函数关系的判断)下列表示的是y关于x的函数的是(　　) A．y＝x2 B．y2＝x C．|y|＝eq \r(x) D．|y|＝|x| 3．(函数的定义域)函数y＝eq \f(1,\r(x＋1))的定义域是(　　) A．{x|x≥－1} B．{x|－1≤x<0} C．{x|x>－1} D．{x|－1<x<0} 4．(求函数值)若f(x)＝eq \f(1,1＋x2)，则f(2)＝________． eq \f(1,5) (2)下列从集合A到集合B的对应关系中，不能确定y是x的函数的是(　　) ①A＝{x|x∈Z}，B＝{y|y∈Z}，对应关系f：x→y＝eq \f(x,3)；②A＝{x|x>0，x∈R}，B＝{y|y∈R}，对应关系f：x→y2＝3x；③A＝{x|x∈R}，B＝{y|y∈R}，对应关系f：x→y：x2＋4y2＝25；④A＝{x|x∈R}，B＝{y|y∈R}，对应关系f：x→y＝x2；⑤A＝{(x，y)|x∈R，y∈R}，B＝{s|s∈R}，对应关系f：(x，y)→s＝x＋y；⑥A＝{x|－1≤x≤1，x∈R}，B＝{0}，对应关系f：x→y＝0. A．①⑤⑥ B．②④⑤⑥ C．②③④ D．①②③⑤ 解：①是函数．因为任取一个非零实数x，都有唯一确定的eq \f(1,x)与之对应． ②不是函数．当x＝1时，y＝±1，即一个非零实数x，对应两个y的值，不符合函数的概念．　 (2)判断下列对应关系是否为函数： ①x→eq \f(1,x)，x≠0，x∈R； ②x→y，其中|y|＝x，x∈R，y∈R. 　求下列函数的定义域： (1)f(x)＝eq \f(3,x－2)； (2)f(x)＝(x－1)0＋eq \r(\f(2,x＋1))； (3)f(x)＝eq \r(3－x)·eq \r(x－1)； (4)f(x)＝eq \f(（x＋1）2,x＋1)－eq \r(1－x). 解　(1)当且仅当x－2≠0，即x≠2时，函数f(x)＝eq \f(3,x－2)有意义，所以这个函数的定义域为{x|x≠2}． (2)函数有意义，当且仅当eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x－1≠0，,\f(2,x＋1)≥0，,x＋1≠0，))解得x>－1且x≠1，所以这个函数的定义域为{x|x>－1，且x≠1}． (3)函数有意义，当且仅当eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(3－x≥0，,x－1≥0，))解得1≤x≤3，所以这个函数的定义域为{x|1≤x≤3}． (4)要使函数有意义，自变量x的取值必须满足eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x＋1≠0，,1－x≥0，))解得x≤1且x≠－1，所以这个函数的定义域为{x|x≤1，且x≠－1}． 【跟踪训练】 2．求下列函数的定义域： (1)y＝2x＋3；(2)y＝eq \f(1,x＋1)； (3)y＝eq \r(x－1)＋eq \r(1－x)；(4)y＝eq \f(x＋1,x2－1)； (5)y＝(1－2x)0. 解：(1)函数y＝2x＋3的定义域为{x|x∈R}． (2)要使函数有意义，即分式有意义，则x＋1≠0，x≠－1.故函数的定义域为{x|x≠－1}． (3)要使函数有意义，则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x－1≥0，,1－x≥0，))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≥1，,x≤1，)) 所以x＝1， 从而函数的定义域为{x|x＝1}． (4)因为当x2－1≠0，即x≠±1时，eq \f(x＋1,x2－1)有意义，所以函数的定义域是{x|x≠±1}． (5)因为1－2x≠0，即x≠eq \f(1,2)， 所以函数的定义域为eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x\b\lc\|\rc\}(\a\vs4\al\co1(x≠\f(1,2))))). (3－x2,1＋x2) 　(2024·湖北武汉第十四中学高一上质检)已知函数f(x)＝，g(x)＝eq \f(1,x). (1)求f(2)，f(3)，f(g(2))，f(g(3))； (2)求f(g(x))，并证明f(x)＋f(g(x))是常数． 解　(1)f(2)＝eq \f(3－22,1＋22)＝－eq \f(1,5). f(3)＝eq \f(3－32,1＋32)＝－eq \f(3,5). ∵g(2)＝eq \f(1,2)， ∴f(g(2))＝feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＝eq \f(3－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(2))＝eq \f(11,5). ∵g(3)＝eq \f(1,3)， ∴f(g(3))＝feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))＝eq \f(3－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))\s\up12(2))＝eq \f(13,5). (2)f(g(x))＝feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))＝eq \f(3－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))\s\up12(2))＝eq \f(3x2－1,x2＋1)， f(x)＋f(g(x))＝eq \f(3－x2,1＋x2)＋eq \f(3x2－1,x2＋1)＝eq \f(2（x2＋1）,x2＋1)＝2， 即f(x)＋f(g(x))是常数． 【跟踪训练】 3．(2024·黑龙江哈尔滨第三十二中学高一上月考)已知函数f(x)＝eq \f(1,x＋2)，g(x)＝3x2＋1. (1)求f(1)，g(1)的值； (2)求f(g(1))的值； (3)求f(a－1)，g(a＋1)，f(g(a＋1))． 解：(1)f(1)＝eq \f(1,1＋2)＝eq \f(1,3)，g(1)＝3×12＋1＝4. (2)f(g(1))＝f(4)＝eq \f(1,4＋2)＝eq \f(1,6). (3)f(a－1)＝eq \f(1,（a－1）＋2)＝eq \f(1,a＋1)， g(a＋1)＝3(a＋1)2＋1＝3a2＋6a＋4， f(g(a＋1))＝f(3a2＋6a＋4)＝eq \f(1,3a2＋6a＋6). (300,x) 　试构建一个问题情境，使其中的变量关系可以用解析式y＝来描述． 解　把y＝eq \f(300,x)看作反比例函数，那么它的定义域为{x|x≠0}，值域是B＝{y|y≠0}，对应关系把定义域中任意一个数x，对应到B中唯一确定的数eq \f(300,x). 如果对x的取值范围作出限制，例如x∈{x|x>0}，那么可以构建如下情境： 某工厂现有原材料300 t，平均每天用去x t，这批原材料能用y天，则y＝eq \f(300,x)，其中x的取值范围是A＝{x|0<x≤300}，y的取值范围是B＝{y|y≥1}，对应关系f把每天的使用量x，对应到唯一确定的使用天数y＝eq \f(300,x). 2．(2024·浙江杭州余杭高级中学高一上月考)函数y＝eq \r(－x2＋x＋6)＋eq \f(1,x－1)的定义域为(　　) A．{x|－2≤x≤3} B．{x|－2≤x<1，或1<x≤3} C．{x|x≤－2，或x≥3} D．{x|－2<x<1，或1<x<3} 解析：由题意得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(－x2＋x＋6≥0，,x－1≠0，))解得－2≤x<1或1<x≤3.故选B. 3．(多选)(2024·福建厦门国祺中学高一上期中)下列对应关系式中是从A到B(x∈A，y∈B)的函数的是(　　) A．A＝R，B＝R，f：x2＋y2＝1 B．A＝{－1，0，1}，B＝{1，2}，f：y＝|x|＋1 C．A＝R，B＝R，f：y＝eq \f(1,x－2) D．A＝Z，B＝Z，f：y＝2x－1 解析：对于A，x2＋y2＝1可化为y＝±eq \r(1－x2)，显然对任意x∈A(x＝±1除外)，y值不唯一，故不符合函数的定义；对于B，符合函数的定义；对于C，2∈A，此时对应关系无意义，故不符合函数的定义；对于D，符合函数的定义．故选BD. 3．(2024·山东济南一中高一上月考)已知feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2x,x＋1)))＝x2－1，则feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＝(　　) A．－eq \f(8,9) B．－eq \f(3,4) C．8 D．－8 解析：令eq \f(2x,x＋1)＝eq \f(1,2)，得x＝eq \f(1,3)，故feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3))) eq \s\up12(2)－1＝－eq \f(8,9).故选A. 4．已知等腰三角形ABC的底边长y关于腰长x的函数关系式为y＝10－2x，则此函数的定义域为(　　) A．R B．{x|x>0} C．{x|0<x<5} D．eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\co1(\f(5,2)<x<5)))) 解析：∵△ABC的底边长显然大于0，即y＝10－2x>0，∴x<5.又两边之和大于第三边，∴2x>10－2x，∴x>eq \f(5,2)，∴此函数的定义域为eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\co1(\f(5,2)<x<5)))). 解析：依题得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(4＋2b＋c＝0，,36＋6b＋c＝0，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(b＝－8，,c＝12，))则f(x)＝x2－8x＋12，则f(1)＝1－8＋12＝5. 9．求下列函数的定义域： (1)f(x)＝eq \r(3x－1)＋eq \r(1－2x)＋4； (2)f(x)＝eq \f(（x＋3）0,\r(|x|－x)). 解：(1)要使函数式有意义，必须满足 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(3x－1≥0，,1－2x≥0，))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≥\f(1,3)，,x≤\f(1,2)，))解得eq \f(1,3)≤x≤eq \f(1,2)， 所以函数的定义域为eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x\b\lc\|\rc\}(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)≤x≤\f(1,2))))). (2)要使函数式有意义，必须满足eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x＋3≠0，,|x|－x>0，)) 即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≠－3，,|x|>x，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≠－3，,x<0.)) 所以函数的定义域为{x|x<0，且x≠－3}． 10．已知f(x)＝eq \f(1－x,1＋x)(x∈R，且x≠－1)，g(x)＝x2－1(x∈R)． (1)求f(2)，g(3)的值； (2)求f(g(3))的值及f(g(x))． 解：(1)因为f(x)＝eq \f(1－x,1＋x)， 所以f(2)＝eq \f(1－2,1＋2)＝－eq \f(1,3). 因为g(x)＝x2－1，所以g(3)＝32－1＝8. (2)依题意，知f(g(3))＝f(8)＝eq \f(1－8,1＋8)＝－eq \f(7,9). f(g(x))＝eq \f(1－g（x）,1＋g（x）)＝eq \f(1－（x2－1）,1＋（x2－1）)＝eq \f(2－x2,x2)(x≠0)．　 eq \f(1,2) 13.设函数y＝f(x)对任意正实数x，y都有f(xy)＝f(x)＋f(y)，若f(8)＝3，则f(eq \r(2))＝________． 解析：因为f(xy)＝f(x)＋f(y)，所以令x＝y＝eq \r(2)，得f(2)＝f(eq \r(2))＋f(eq \r(2))，令x＝y＝2，得f(4)＝f(2)＋f(2)，令x＝2，y＝4，得f(8)＝f(2)＋f(4)，所以f(8)＝3f(2)＝6f(eq \r(2))，又f(8)＝3，所以f(eq \r(2))＝eq \f(1,2). 15．已知函数f(x)＝eq \f(x2,1＋x2). (1)求f(2)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))，f(3)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))的值； (2)求证：f(x)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))是定值； (3)求f(2)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＋f(3)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))＋…＋f(2024)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2024)))的值． 解：(1)∵f(x)＝eq \f(x2,1＋x2)， ∴f(2)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＝eq \f(22,1＋22)＋eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(2))＝1. f(3)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))＝eq \f(32,1＋32)＋eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))\s\up12(2))＝1. (2)证明：f(x)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))＝eq \f(x2,1＋x2)＋eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))\s\up12(2),1＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))\s\up12(2))＝eq \f(x2,1＋x2)＋eq \f(1,x2＋1)＝eq \f(x2＋1,x2＋1)＝1. (3)由(2)知，f(x)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))＝1， ∴f(2)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＝1， f(3)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))＝1， f(4)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)))＝1， … f(2024)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2024)))＝1. ∴f(2)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))＋f(3)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))＋…＋f(2024)＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2024)))＝2023. $$