湖南省长沙市第一中学2024-2025学年高三上学期阶段性检测（一）物理试卷

长沙市一中2024—2025学年度高三阶段性检测 (一) 物理试卷 时量: 75分钟 总分: 100分 得分: 一、选择题(本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的) 1. 如图所示，“嫦娥五号”探测器静止在月球水平表面处。已知探测器质量为m，四条支架腿与竖直方向的夹角均为θ，月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的 下列说法正确的是 A. 每条腿对月球表面的正压力的方向均为竖直向下 B. 四条支架腿对月球表面的弹力大小为 C. 支架腿沿水平方向合力为零，每条支架腿水平方向分力为 D. 每条支架腿受到月球表面的作用力大小 2. 北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟的。如图为氢原子能级图，则下列说法正确的是 A. 氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子 B. 大量处于 n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线 C. 大量处于n=4能级的氢原子辐射出来的光子中，波长最长的光子能量为0.66eV D. 用大量能量为3.6eV的光子持续照射处于基态的氢原子，可使其电离 3. 如图，V型对接的绝缘斜面M、N固定在水平面上，两斜面与水平面夹角均为α=60°，其中斜面N 光滑。两个质量相同的带电小滑块P、Q分别静止在 M、N上，P、Q连线垂直于斜面M，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则P与M间的动摩擦因数至少为 B. 4. 我国在探索宇宙文明过程中取得了重大突破，中国科学院高能物理研究所公布：在四川稻城的高海拔观测站，成功捕获了来自天鹅座万年前发出的信号。若在天鹅座有一质量均匀分布的球形“类地球”行星，其密度为ρ，半径为R，自转周期为T₀，引力常量为 G，则下列说法正确的是 A. 该“类地球”行星的同步卫星的运行速率为 B. 该“类地球”行星的同步卫星的轨道半径为 C. 该“类地球”行星表面重力加速度在赤道的大小为 D. 该“类地球”行星的卫星在行星表面附近做匀速圆周运动的速率为 5. 蹦床是一种体操项目；如图，某次运动员从最高点自由下落，触网后继续向下运动至最低点； 若忽略空气阻力，取最高点为坐标原点，竖直向下为正方向。下列图像能大致反映运动员从最高点到最低点的过程中，其加速度a随竖直位移y变化情况的是 6. 如图所示，理想变压器左侧原线圈通过输电线与理想交流电流表A₁和发电机连接，其中发电机部分由长为L、电阻不计的导体棒以及两个半径也为L的电阻不计的金属圆环组成。使导体棒的两个端点分别位于金属圆环的同一水平面上，导体棒以角速度ω在竖直面内绕圆环中心轴匀速转动，整个空间存在方向竖直向下、与金属圆环平行、磁感应强度为B的匀强磁场。变压器右侧副线圈中接有阻值为R的定值电阻和变阻箱 Rp，以及理想交流电压表V₁、V₂、V₃和理想交流电流表A₂，初始时调节电阻箱阻值使其大小等于R，此时电路能正常工作，之后再次调节电阻箱使其阻值等于2R，已知 上述过程中，下列说法正确的是 ( ) A. 电流表A₁的示数减小，电流表A₂的示数增加 B. 电压表V₁的示数不变，电压表 V₃的示数增加 C. 电压表V₂的示数为. D. 电阻箱消耗的电功率增大 二、选择题(本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 7. 一列简谐横波沿x轴在介质中传播，图甲是t=3s时刻的波形图，此时质点P的纵坐标为5cm，图乙是质点Q 的振动图像，下列说法正确的是 A. 该波沿轴负方向传播 B. 该波的波速为0.4m/s C. 3~4.5s质点P经过的路程小于 10cm D. t=2s时刻质点 P位于波峰 8. 科学家在研究电荷分布的对称性的时候，巧妙地借助了我国传统文化中的“阴阳太极图”，以获得更多的启示和灵感，如图所示的三维坐标系。太极图呈圆形位于xOz平面内，y轴过圆心O，在x轴两侧对称分布各有一个大半圆和小半圆，M、N各是小半圆的圆心，现在M、N上分别放置一个等电量的负点电荷和正点电荷，在y轴的正向有一个定点C，在圆的边缘有一个位置 D，则下列说法正确的是 A. 若将正试探电荷q由C点沿y轴移动到O点，则q的电势能始终不变 B. 若将正试探电荷q由A 点沿“阴阳”边界经O 移动到B 点，则q的电势能增加 C. 若将负试探电荷q沿虚线由C移到D，则电场力一直对电荷做正功 D. 若将负试探电荷沿z轴由O向z轴正向移动，则电荷克服电场力做负功 9. 如图甲所示，足够长的U型导轨放置在光滑水平绝缘桌面上，CD长为1m，导轨电阻不计。质量为0.1kg、长为1m、电阻为0.5Ω的导体棒MN放置在导轨上，与导轨间的动摩擦因数为μ且始终接触良好。I区域内存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场；Ⅱ区域内存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为2B的匀强磁场。t=0时，对导轨施加一个水平向右恒力F，t=2s时撤去F，2s前导轨与导体棒的v-t图像如图乙所示。MN 与CD 停止运动时分别位于I区域和II区域，已知重力加速度g取1 ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则 A. 动摩擦因数μ=0.2 B. 导轨质量为0.2kg C. 恒力F做的总功为2.4J D. 撤去F后通过导体棒的总电荷量为2C 10. 如图甲所示，光滑水平面AB 与竖直面内的粗糙程度均匀的半圆形导轨CDB在B点平滑相接，半圆形导轨半径R=0.4m，D为半圆形导轨的中点。一质量为m=0.1kg的物体(可视为质点)将弹簧压缩到A点后由静止释放，在弹力作用下获得向右的速度后脱离弹簧，从B点进入半圆形导轨，物体在半圆形导轨上运动时速度的平方与其上升高度的关系如图乙所示，重力加速度 则 A. 弹簧压缩到A 点时弹簧的弹性势能为18J B. 物体运动到C点时对半圆形导轨的压力大小为3N C. 物体从B运动到C的过程中，合力对物体做的功为-lJ D. 物体从D运动到C的过程中，物体的机械能减少了0.1J 三、填空题 (本题共2 小题，共16分) 11. (6分) 某小组通过实验探究空气阻力的大小与运动速率的关系。实验中所使用的器材如下：铁架台、钩码、弹簧测力计、细绳、气球、毫米刻度尺、具有连拍功能的手机。 其实验步骤如下： A.测出气球及钩码的总重力G； B.吹好气球，用细绳将气球扎紧，另一端系上钩码； C.将刻度尺竖直固定在铁架台上，将气球(含钩码) 从较高位置由静止释放，使其经过刻度尺附近时能匀速下落； D.用手机连拍功能，拍摄气球匀速运动时的多张照片； E.计算出相邻两帧照片间重物下落的平均位移； F.改变所悬挂的钩码质量，重复以上步骤； G.记录并处理数据。 请回答以下问题： (1) 某次拍摄中的两张照片如图1甲、乙。甲图中钩码下沿对应刻度尺的读数为0.90 cm，图乙是甲之后的第2帧照片， 由此可以得出相邻两帧照片之间重物下落位移的平均值为 (2)记录每次实验中气球(含钩码)重力G 和相邻两次拍摄时间内气球下落的位移I，如表所示。图2中已描出了部分数据，请将其他数据描出并画出G-l关系图像。 次数 1 2 3 4 5 6 7 重力G/ (10⁻²N) 4.5 5.5 6.5 7.5 8.5 9.5 10.5 位移l( cm) 13.60 16.30 19.80 23.80 26.60 28.80 32.80 (3) 根据图像，可以得到的结论是： 。 12. (10分) 多用电表是实验室中常用的测量仪器，如图甲所示为多量程多用电表示意图，其中电流有1.0A、2.5A 两个量程， 电压有2.5V、 10V两个量程，欧姆表有两个挡位。 (1) 通过一个单刀多掷开关S，B可以分别与触点1、2、3、4、5、6接通，从而实现用多用电表测量不同物理量的功能。 ①图甲中B是 (选填“红”或“黑”) 表笔； ②当S接触点 (选填“1、2、3、4、5、6”) 时对应多用电表2.5A量程; ③当S接触点3时, 测量倍率比S接触点4时小, 则 E₁ E₂(选填“>”“<”或“=” ) 。 (2) 实验小组用该多用电表测量电源的电动势和内阻。器材还有：待测电源(电动势约为9V)，定值电阻 ，电阻箱一只。连接实物如图乙所示，测量时应将图甲中S接触点 (选填“1、2、3、4、5、6”)； 改变电阻箱阻值R，测得并记录多组数据后，得到对应的 图像如图丙所示，则电源电动势. 内阻 (结果保留2位有效数字) 。 四、计算题(本题共3小题，共40分。写出必要的推理过程，仅有结果不得分) 13. (9分)如图所示，左端封闭、粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左管中封闭有长为L 的空气柱，两管水银面相平，竖直管内水银柱足够长，已知大气压强为 (设环境温度不变) (1)若将图甲中的阀门K打开，缓慢流出部分水银，然后关闭阀门K，左管中水银面下了 求右管水银面下降的高度； (2)若将装置沿顺时针缓慢翻转180°，使U形管倒置(水银未溢出)如图乙所示，当管中水银静止时，求管中封闭空气柱的长度。 14. (15分) 某离子发动机简化结构如图甲所示，其横截面半径为R的圆柱腔分为Ⅰ、Ⅱ两个工作区：Ⅰ区为电离区，其内有沿轴向分布的匀强磁场，磁感应强度的大小 其中，m为电子质量，e为电子电荷量。Ⅱ区为加速区，其内电极P、Q间加有恒定电压U，形成沿轴向分布的匀强电场。在Ⅰ区内离轴线 处的C 点垂直于轴线持续射出一定速率范围的电子，过C 点的圆柱腔横截面如图乙所示(从左向右看)，电子的初速度方向与OC 的连线成α角 (1)向Ⅰ区注入某种稀薄气体，电子要电离该气体，电子的速率至少应为v₀。电子在Ⅰ区内不与器壁相碰且能到达的区域越大，其电离气体的效果越好。为取得好的电离效果，请判断Ⅰ区中的磁场方向(按图乙说明是“垂直于纸面向外”或“垂直于纸面向里”)； (2) 不考虑电子间的碰撞及相互作用，电子碰到器壁即被吸收。在取得好的电离效果下，当 时，求从 C 点射出的电子速率v的最大值； (3) Ⅰ区产生的离子以接近0的初速度飘入Ⅱ区，被加速后形成离子束，从右侧喷出。已知气体被电离成质量为M的1价正离子，且单位时间内飘入Ⅱ区的离子数目为定值n，求推进器获得的推力。 15. (16分) 如图2所示，光滑竖直墙壁底端与四分之一光滑圆弧轨道连接，圆弧轨道半径 光滑水平面上并排放两块木板B、C，两木板的上表面恰好与圆弧轨道的最低点相切，小滑块A(可视为质点)从墙壁P 点无初速度释放，P点高出圆心 已知小滑块与两木板质量均为1kg，小滑块A 与木板 B间的动摩擦因数 木板 B的长度 小滑块A与木板C间的动摩擦因数随距离而变化，满足 X为距木板C左端的距离，木板C 的长度. 重力加速度 求： (1) 小滑块A 对轨道最低点的压力； (2) 木板 B 获得的最大速度； (3)求小滑块A的最终速度，若小滑块A脱离木板C，求木板C 的最终速度； 若小滑块A 不脱离木板C，求出小滑块与木板 C相对静止的位置。 1 学科网（北京）股份有限公司 $$长沙市一中2024一2025学年度高三阶段性检测(一) 物理参考答案 一、选择题(本题共6小题,每小题4分,共24分) 题号 2 答案 C D D B C 1. A【解析】弹力的方向垂直接触面指向受力物体,故每条腿对月球表面的正压力的方向 均为竖直向下,故A正确;竖直方向上,四条支架腿对月球表面的弹力大小等于探测器 66 腿沿水平方向合力为零,每条支架腿水平方向分力为F.=Fsin-mgtanθ -,故C错误。 24 2. C【解析】氢原子从低能级向高能级跃迁时需要吸收光子,故A错误;大量处于n一4能 级的氢原子向低能级跃迁时,形成的线状光谱总共有6条亮线,分别是4→3、4→2 4→1.3→23→12→1能级之间跃迁产生的。故B错误;大量处于n-4能级的 氢原子辐射出来的光子中,波长最长的光子能量为4→3能级产生的,能量大小为0.66eV。 故C正确;若想使处于基态的氢原子电离,光子的能量最小需要13.6eV,故D错误。 3. D【解析】滑块O在光滑斜面N上静止,则P与O带同种电荷,两者之间库仑斥力设为 F,两滑块的受力分析如图所示。对滑块Q在沿着斜面方向有mgcos30*一Fcos300,可得 F=mg,而对滑块P动摩擦因数最小时有N2=F十mgsin30*,f-aN2,f=mgcos30”,联立 2r 4. D【解析】该“类地球”行星的同步卫星的运行速率为\= T ,同步卫星半径不是星球本 GMnm4: 身的半径,故A错误;根据万有引力充当向心力 _ GMm_mg+" 得一1{3π 4rR 72} 该“类地球’行星的卫星在行星表面附近做匀速圈 7,故D正确。 物理(一中)答案 (第1页,共5页) 5. B【解析】运动员开始下落阶段做自由落体运动,加速度为g不变:接触弹黄床后手向 上的弹力,此时开始阶段时重力大于弹力,则加速度a-mg-y ,随y的增加加速度向 n ky-mg 下呈线性减小:最后阶段弹力大于重力,此时加速度a= . 随y的增加加速度向 n 上呈线性增加,两段图像斜率相同,则a-y图像为B所示。故选B。 6. C【解析】由于定值电阻R与滑动变阻器串联,当滑动变阻器的阻值增大时,电路中的 电流减小,即电流表A,的示数减小,又因为变压器的原,副线圈的电流之比/:V.三nn 故A.的示数减小,A错误;电压表V测量定值电阻R两端的电压,根据欧姆定律U=IR 可知,当滑动变阻器接入电路中的阻值增大时,电路中的电流减小,故电压表V的示数 减小,电压表V.的示数增大,B错误:根据动生电动势公式t三B/可知,原线圈两端的 -V.-#2Blo 电压U.=BLy=BL·oL=Bo所以副线圈两端电压的最大值 . n 压不变,电流减小,故变压器原线圈的总功率变小,理想变压器的原、副线圈的功率相 等,故副线圈的功率减小,D错误。故选C。 二、选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分) 题号。 9 10 答案 BD AB AD BC 7. BD【解析】A.由图乙可知1=3s时,质点O向v轴正方向运动,再由同侧法可知,该 波沿x轴正方向传播,A错误;B. 由图甲可知,该波的波长为A一2.4m,由图乙可知, 7=6 路程大于一个振幅,C错误;D.由上分析可知,该波向x轴正方向传播,周期为T=6s, 1=3s时质点P的纵坐标为5cm,此时质点P沿v轴负方向运动,故1=2s时质点P位于 波峰,D正确。故选BD。 8. AB【解析】由题意可知,y轴在等量异种点电荷连线的中垂线上,因此试探正电荷a在 由C点沿v轴移动到O点的过程中,受电场力的方向始终与运动方向垂直,则电场力对 q不做功,q的电势能不变,A选项正确;试探正电荷q由A点沿“阴阳”边界经O移动 到B点,可以分成两部分看,第一部分是从A到O,这个过程M位置的负点电荷对q 不做功,N位置的正电荷对a做负功,a的电势能增加;第二部分是从O到B,此过程N 位置的正电荷对a不做功,M位置的负电荷对a做负功,电势能仍然在增加,所以,a 的电势能一直在增加,B选项正确;试探负电荷q沿虚线由C移到D,从xO:面上看, 试探负电荷a所受的电场力在做负功,C选项错误;试探负电荷沿:轴由O向:轴正向 移动,则电场力与移动路径一直垂直,电场力不做功,D选项错误。故选AB。 物理(一中)答案 (第2页,共5页) 9. AD【解析】根据1s前导轨与导体棒的v一1图像反映两者均做匀加速直线运动,则导轨 还未进入区域II磁场且导体棒在区域I磁场外,回路无感应电流而都不受安培力,设导轨 质量为M,由牛顿第二定律有F一umg=M,umg=m。,由v-1图像的斜率表示加 确;根据第2s导轨与导体棒的v一1图像可知两者均做匀速直线运动,表示导轨与导体棒 均进入磁场,切割磁感线产生两动生电动势,所受安培力让合力为零,有 E=2BLv+BLv.,7- R=0.5O,L=1m,m=0.5kg,联立各式解得F=0.6N,M=0.1kg,B=0.1T,故B$$ W=Fx=0.6x6J=3.6J,故C错误;撤去F之后,导体棒和导轨分别做减速运动到停止. 对两者受力分析,取向右为正方向,由动量定律有-umgt-2B·ILt=0-M, D正确。故选AD。 10. BC【解析】从图乙可以看出,物体到达B点时的速度大小为v=6m/s,由能量守恒定 出,到达C点时的速度大小为1=4m/s,设运动到C点时导轨对物体的弹力为F,则 ,代入数据解得F=3N,由牛顿第三定律可知,B 数据解得W=-1,C正确;由能量守恒定律可知,物体从B到C过程中减少的机械能 直减小,根据牛顿运动定律分析可知从B到C的过程中物体对半圆形导轨的压力逐渐减 小,由摩擦力公式F,=uF;可知,物体从B到D过程中所受的摩擦力大于从D到C过 程中所受的摩擦力,由功能关系可知,物体从B到D过程中克服摩擦力做的功大于从D 到C过程中克服摩擦力做的功,由于整个过程中机械能减少了0.2J,故从D到C过程 中机械能的减少量小于0.1J,D错误。故选BC。 三、填空题(本题共2小题,共16分) 11.(6分) (1)3.05 (2)见解析图 (3)空气阻力的大小跟运动速率成正比 【解析】(1)图甲中钩码下沿对应刻度尺的读数为0.90cm,图乙中钩码下沿对应刻度 尺的读数为7.00cm,由此可以得出相邻两帧照片之间重物下落位移的平均值为7一 7.00-0.90 cm-3.05cm。 物理(一中)答案 (第3页,共5页) (2)画出G一/关系图像。 三*怎* 1G/(x10:N) 10 20 30 fcm (3)因匀速下落时重力与阻力大小相等,而相邻两次拍摄时间内气球下落的位移/与 下落的速率成正比,则根据图像,可以得到的结论是空气阻力的大小跟运动速率成正比。 12.(10分) (1)①黑(1分)②1③ (2)69.12.0 【解析】(1)①根据“红进黑出”的原则,电流从欧姆表内部电源正极流出,所以B 应该是黑表笔。 ②电流表是通过表头并联电阻改装而成的,并联电阻越小,量程越大,所以2.5A量程 对应1。 ③在满偏电流相同的情况下,电源电动势越大,所测电阻就越大,当S接触点3时,测 量倍率比S接触点4时小,所以E1<E2。 (2)多用电表与变阻箱并联作电压表使用,电源电动势约为9V,所以电压表应该选 用10V的量程,S接6; 由图乙可知E-V(R+Ro十r) R ## E 0.50-0 E 四、计算题(本题共3小题,共40分。写出必要的推理过程,仅有结果不得分) 13.(9分)(1)设右管水银面下降h,则由玻意耳定律可得 poLS-p(L+H)S 又p=p-(h-H),po-p 解得右管水银面下降的高度为h一37.5cm。 (2)设空气柱长度为L,则由玻意耳定律可得 poLS-p2LS p-p-2(L-L) L.-37.5cm 则管中封闭空气杜的长度为37.5cm。 14) (15分)(1)根据左手定则,为取得好的电离效果,磁场方向是垂直纸面向里。 (2)如图所示,当电子轨迹与横截面圆内切时,电子能到达的区域最大,电离效果最 好。 物理(一中)答案(第4页,共5页) (90*-a)=(R-r)2 当a=30{时,解得,-R 2 根据洛伦兹力提供向心力enaxBmr谥nuy (3)在A时间内,对飞出的离子应用动量定理得Fo'Ar一n^tMo 对离子由动能定理得e-Mof 根据牛顿第三定律得F一F',联立得F一n2MeU P 解得F-50N 由牛顿第三定律可知,小滑块A对轨道最低点的压力大小为50N,方向向下。 (2)小滑块A滑过木板B的过程中,系统动量守恒,设小滑块A刚滑离木板B时,小 2 2 解得v-2m/s,v2-1m/s。 (3)由于-1x .即木板C中央右侧光滑,设小滑块A刚好滑到木板C中央时达 15 15' 到共同速度,由动量守恒定律得n;十n一2nm 解得=1.5m/s 系统动能损失AE-ro+m-1x2mo}=0.251 2 2 2 由图像可知滑块到达木板C中点时产生内能O-&mgX-! -D_AE 即小滑块A滑到木板C中央左侧就与木板相对静止了,设小滑块A停在木板C距左端 x处,则AE'-2mgx 由图像知-) 解得x-0.5m 即小滑块A最终速度为1.5m/s,与木板C相对静止在距木板C左端0.5m处。 物理(一中)答案 (第5页,共5页)