江苏省南通市2024-2025学年高三上学期9月开学物理试题

2025届高三九月份调研测试 物理 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意 1,如图所示，在注满清水的竖直密封玻璃管中，蜡块R在玻璃管内匀速上浮的问时，玻璃管向右运动， 蜡块的运动轨迹如将图所示，则玻璃管 A.一直加速 B.一直减速 C.先加速后减速 D.先减速后加速 第1题图 2.用油膜法估测分子大小的实验中，下列操作正确的是 A,滴入液滴时，滴管下端应远离水面 B.应先滴入油酸酒精溶液，后将痱子粉均匀地撒在水面上 C,待油酸薄膜形状稳定后，在玻璃板上描下汕酸膜的形状 D.向量筒中滴5滴溶液，测出5滴溶液的体积，算得1滴溶液的体积 3.无线电广播系统方框图如图所示，下列关于、b装置说法止确的是 A.a是调制、b是调谐 Ww B.a是调制、b是解调 a装 高新旅荡洲 U 扬市器 C.a是调谐、b是解调 发射大线接教天线 D,a是调诺、b是调制 第3题图 4.在不同温度下某物质材料的分了排列如图所示，甲图对应的温度为T,乙图对应的温度为2，则 A.ToT B.甲、乙两图中的分了都在做热运动 C,甲图中沿不同方向单位长度上的分子数相同 D.乙图中沿不同方向单位长度上的分子数相同 印站品站 乙波福态 第4题图 物理试卷第1页，共6页 5.在巴黎奥运会15m攀岩速度赛中，我国选于伍鹏以4秒77夺得银牌.甲图中脚离开装乳1开始 时，乙图中手触碰到装置2计时结束，下列说法正确的是 A.4秒77表示时刻 4.77 B.伍鹏于的位移是15m 装置2 C.计时装置使用了压力传感器 1 D.可以求出么鹏到达顶端时的瞬时速度 甲出发 乙到负 第5题倒 6,央视睡光“能量石”核辐射严重超标，该“能量石”含有放射性元素钍品Th,需Th连续衰变方 程为Th→6H。+ye+X,2品Th半衰期长达1.4×10o年.则 A.X比2Th少(12+y)个中子 B.衰变过科中只产生了两种射线 C.X的比结合能小于Th的比结合能 D.100个2品Th经过1.4×100年还剩50个 7,如图所示为氢原了能级示意图的一部分，从第3、第2能级跃迁到第1能级所辐射的光子能量分别 为E1、E2,频率分别为h、2:波长分别为、2：动量分别为P1、Pm.则 A.E<E2 B.<2 C,> D.pip2 第7题图 8.2024年3月20日，鹅桥二号中继星成功发射升空，并顺利进入月球附近的椭圆形捕获轨道，沿顺 时针方向运行。如图所示，捕获轨道的近月点为A,远月点为C,短轴的一个端点为B,设鹅桥 号由A第-次运动到B和由B第一次运动到C的时间分别为1、2，对应的两个阶段鹊桥二号与月 球连线扫过的面积分别为S1、S,在A、B两点的速度大小为4、，加速度大小为4A、#,则 A.h> 月球 B.S1<S2 C.V<VB D.a<as 站8卷酒 物理试卷第2页，共6负 9.在研究光电效应的实验时，当图甲中滑动变阻器的滑片P由位置a滑到位置b的过程中，对应的电 流表的示数变化如图乙所示，则滑片移动过程巾 A.电源的左端为止极 B.从K极射出的电了的最大初动能变大 C.到达A极的电子坟大动能不变 D.单位时间内到达A极的电子数变多 第9题图 10.图甲为明朝《天工开物》记载测量“号弦”张力的插图，图乙为其示意图，弦的质量忽路不计，悬 挂点为弦的中点.在号的中点悬挂一重物后再调整弦长，使弦的张角从120增人，则弦的张力 A.增大 B.减小 C.先变小后变大 D.先变大后变小 密师 阁 第10题图 11.如图所示，物体M卷挂在动滑轮上，两者可沿竖直固定的朴运动.绳子的一端周定在A点，绳了的 另一端以速率v匀速收绳，当绳BC段与竖直方向夹角为a时，物体M的速度大小是 A.V 3353333333s cosa B.vcosa C.vl+cosa) D.v 1+cosa M 第11避图 物理试卷第3页，共6页 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要 的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 12.(15分)某实验小组利用如图甲所示的装置，探究加速度与力的关系， (1)该实验过程中操作正确的是▲ 小车打点计时器 细线】 纸带 A,补偿阻力时小车不要连接纸带 B.先按逆打点计时器电源，后释放小车 C,调节滑轮高度使细绳与水平棠面平行 第12题图甲 (2)图乙为某同学在实验中打出的纸带，计时器打点频率为50Hz,相邻两计数点间有四个点未画 出，部分实验数据如图所示，求得小车的加速度是▲ms2,(结果保留两位有效数字) 纸带运动方向” 619 6707.21 7.72 单位：cm 第12题图乙 (3)实验中根据得到的数据画出了F的图线，如图丙所示，从图中可以发现实验操作中存在的 问题可能是▲一 A,补偿阻力时长木板的倾角偏大 B.处理纸带时去除了开始密集的点 C.砝码和砝码盘总质量没有远小于小车质量 带传感器小车 0 第12题附丙 第12题图丁 (4)如图丁所示，将原小车换成带有力传感器的、等质量的小车，细线拉力F的大小可以从力传 感器获得.从理论上分析，实验得到的a-F图线的斜率与(3)相比，将▲（选填“变大” “变小”或“不变”)，理由是▲ 物理试卷第4页，共6项 13.(6分)如图所示，领角0=30°的光滑斜坡与光滑水平面在O处平滑相接，小滑块甲在斜坡上高 处由静止释放，在甲释放的同时，滑块乙在恒力作用下从O处由静止开始向右做匀加速运动，甲恰 能追上乙，已知h-2.5m,重力加速度g-10m/s2.求： (1)甲在斜面上运动的加速度大小a: (2)乙向右运动的加速度大小？： 入□ 第13题图 14.(8分)性摩尔的理想气体，其压强p随热力学温度T变化的过程如图所示，a、方、c为过程中的三 个状态，各状态的压强和温度如图所示，己知状态a时气体的体积为a,b的延长线通过坐标原 点0，气体从状态a到状态b吸收热量Q,阿伏伽德罗常数为NA,求： (1)状态b时气体的温度T (2)从状态a到状态b气体内能的增加量△U: (3)状态c时，气体分子间的平均距离d, p 6 P0---- 0 3T7 第14题图 物理试卷第5项，共6页 15.(12分)如图所示，不可伸长的轻绳穿过一竖直固定的光带细管，其两端系有小球A、B,B的质量 是A的两倍。当球A绕中心轴匀速转动时，A球到上管口的绳长为，不计空气阻力，重力加速度 为g (1)求与A球相连的绳与细管的夹角： (2)求A球运动的周期T: (3)若A球的角速度增为原来的，2倍，求稳定后B球的高度变化量△h, OB 第15题图 16.(15分)如图所示，水平面上一小滑块置于长木板上，且均处于静止状态.已知滑块与木板左、石 两端距离分别为L1=6m、L2=8m,木板与滑块、水平面间的动摩擦因数分别为1=0.2、420.1，木板 的质量M仁1kg,上表面距水平面高度0.8m,滑块的质量m=2kg,现给滑块一水平向右的初速度 w=8ms,重力加速度g10m/s2. (1)要使木板保持静止，在木板上加一竖直向下的力F,求力F的最小值： (2)为使滑块不滑离木板，在木板上加一水平方向的力F,求力F乃的大小范围： (3)若在木板上加一水平向右的力F,且F=13N,求滑块落地时距木板左端的距离△x, 777777777777777777777777777777 第16题图 物理试卷第6页，共6页第 1 页 共 2 页 2025 届高三九月份调研测试 物理参考答案及评分建议 一、单项选择题：共 11 题，每题 4 分，共 44 分． 1.A 2.C 3.B 4.B 5.C 6.A 7.D 8.B 9.D 10.A 11.D 二、非选择题：共 5 题，共 56 分． 12．（15分）（1）B(3分） （2）0.51 (3分） （3）A (3分） （4）变大 (3分） （5）设砝码和砝码盘总质量为 m，小车质量为 M．当不用传感器时，得到的 a-F图线 斜率为 Mm k   1 1 ；当用传感器时，对应的 a-F图形的斜率为 M k 12  ．因此变大．(3分） 13．（6分）解：（1）甲在斜面上运动时，由受力分析可知 加速度 a1=gsinθ （1分） 解得 a1=5m/s2 （1分） （2）设甲在斜面上运动时间为 t1，运动到斜面底端时的速度为 v，在水平面上运动时间为 t2，甲追上时乙时乙的位移为 x．则 2 112 1 sin tah   （1分） 11tav  2 212 2 1 tavtx  （1分） 对于乙分析可知 2 212 )2 1 ttax  （ （1分） 解得 a2=2.5m/s2 （1分） 14.（8分）解：（1）气体从 ba 是等容变化 0 002 T P T P b  （1分） 解得 02TTb  （1分） （2）从 ba 气体的体积不变，则气体对外做功 W=0 （1分） 由热力学第一定律 W+Q=ΔU （1分） 得气体内能的增加量为 QU  （1分） （3）从 cb ，由查理定律得 b c T V T V 0 03  （1分） 状态 c时，气体的体积 3AdnNVc  （1分） 解得气体分子间的平均距离 3 03 2 3 AA c nN V nN V d  （1分） 15.（12分）解：（1）设 A、B的质量分别为 m、2m，A匀速转动时，绳中弹力大小为 F 则对 B分析得 mgF 2 （1分） 对 A分析得 mgF cos （1分） 解得 060 （1分） （2）设 A做圆周运的半径为 r,则 sinLr  （1分） 由牛顿第二定律得 r T mF A 22sin        （2分） 解得 g LT 2 2 （1分） 第 2 页 共 2 页 （3）设 A球原角速度为ω，角速度变为 2 后，摆长变为 L/，绳与细管的夹角变为α 则对 A分析可知 mgmg cos2 （1分）  sin)2(sin /2LmF  （1分） 且 T  2 （1分） 稳定后 B球上升的高度 /LLh  （1分） 解得 2 Lh  （1分） 16．（15分）解：（1）滑块与平板车之间滑动摩擦力 f1=μ1mg （1分） 木板与地面之间最大静摩擦力 f2=μ2(mg+Mg+F1) （1分） 要使木板静止，则 f2≥f1 解得 F1的最小值为 10N （1分） （2）当滑块经过时间 t刚好不从木板右侧滑离，设滑块的加速度为 a1，位移为 x1；木板的 加速度为 a2，位移为 x2 对滑块得 f1= ma1 （1分） 2 1101 2 1 tatvx  对木板得 F1+ f1- μ2(mg+Mg) =Ma2 （1分） 2 22 2 1 tax  且 v0-a1t=a2t，x1=x2+L2 （2分） 解得 F1=1N 要使滑块不从木板的左侧掉落，滑块与木板共速后木板的加速度最大值为 a1 对系统得 F2-μ2(mg+Mg)=(M+m)a1 （1分） 解得 F2=9N 所以力 F2的范围为 NFN 91 2  （1分） （3）设 F3作用时，木板的加速度为 a3，经时间 t1两者速度相同为 v，共速后木板的加速度 为 a4，经过时间 t2两者分离，分离后木板的加速度为 a5，滑块下落的时间 t3 则 F3+ f1-μ2(mg+Mg)=Ma3 （1分） 有 vtatav  13110 （1分） 两者的相对位移 213 2 1110 2 1 2 1 tatatvx       相对 （1分） 此后，对长木板，由 F- f1-μ2(mg+Mg)=Ma4 （1分） 由 左相对 Lxtavttavt              2212 2 2 / 2 2 1 2 1 滑块从木块上滑离时的相对速度   214 taav 相对 滑块从木块上滑离后木板的加速度 M MgFa 235   （1分） 又 2 32 1 gth  滑块从木块上滑离落时距木块左端的距离为 2 353 2 1 tatvx  相对 解得 mx 16.4 （1 分）