河北峰峰第一中学2024-2025学年九年级上学期第二周周测物理试卷

九年级上学期物理第二周1-20班周作业 （时间：30分钟 满分：50分） 一、选择题（每小题2分，共32分） 注意：请把答案填涂在答题卡中。 1．随着人们的生活水平的提高，汽车走进千家万户，关于小汽车涉及的知识说法正确的是（　　） A. 用甘油做发动机的冷却剂，因为甘油比热容较大 B. 发动机做功冲程将内能转化为机械能 C. 精心保养可使发动机的效率达到100% D. 排出的尾气对环境没有任何污染 2．如图所示，小明在吹气球时，被吹饱满的气球没能用手握住，呼啸着飞了出去。下列分析正确的是（　　） A. 喷气的嘴部很热，因为与空气摩擦导致内能增加 B. 喷气的嘴部很冷，因为气球内气体放出时对外做功导致内能减少 C. 喷气的嘴部温度不变，因为放气时气体没有做功过程 D. 气球内的气体对气球不做功 3．关于能量的转化与转移，下列说法错误的是（　　） A. 高山上滚下的石块越来越快，说明重力势能转化为动能 B. 燃料燃烧，是将化学能转化为内能 C. 能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变 D. 热量是从内能大的物体转移到内能小的物体 4．下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（　　） A. 物体的温度越高，所含的热量就越多 B. 红墨水在热水中比在冷水中扩散得快，温度越高，分子热运动越剧烈 C. 永动机是不可能实现的，违背了能量守恒定律 D. 一瓶酒精用后剩下半瓶，剩余酒精的比热容和热值都不变 5．如图所示是在西安的大街小巷随处可见的糖炒板栗。在炒板栗时常要在锅中放入一些砂粒，关于糖炒板栗，下列说法不正确的是（　　） A. 炒板栗时，锅中的沙粒升温快是因为沙粒的比热容小 B. 炒板栗的过程主要是通过热传递的方式使板栗内能增大的 C. 板栗香气的浓烈程度与板栗的温度有关 D. 板栗炸裂时的能量转化与汽油机压缩冲程的能量转化相同 6．羊肉泡馍是陕西一道地方传统的名小吃，它料重味醇肉烂汤浓，营养丰富，香气四溢，食后回味无穷。下列说法正确的是（　　） A. 煮羊肉泡馍主要是通过做功的方式改变物体的内能 B. 用燃气灶煮馍时，调大火力可以提高燃气的热值 C. 汤水一段时间后内能减小，是因为它对外做功 D. 刚出锅的羊肉泡馍香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越剧烈 7．下列说法正确的是（　　） A. 在相同状态下，同一物体温度降低，它的内能会减少 B. 在内燃机的做功冲程中，机械能转化为内能 C. 用质量相同的水和冰冷却相同物体，水的冷却效果好，因为水的比热容较大 D. 在夏天的海边，通常情况下海风都是晚上从大海吹向陆地，白天从陆地吹向大海 8．做水的沸腾实验时，酒精灯内的酒精被用去了一半，则剩余的酒精的比热容和热值（　　） A. 都是原来的一半 B. 比热容不变，热值也不变 C. 比热容不变，热值是原来的一半 D. 比热容增大，热值也增大 9．甲、乙两种物质的初温分别是15℃和40℃。它们的比热容之比为2：3，质量之比为2：1，吸收了相同的热量，最终甲的温度是45℃，则乙最终温度是（　　） A. 40℃ B. 62.5℃ C. 80℃ D. 82.5℃ 10．下列说法正确的是（　　） A. 扩散现象中，低温气体的分子可以运动到高温气体中 B. 燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多 C. 温度升高得越多的物体，它吸收的热量一定多 D. 热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体 11．关于热现象，下列说法正确的是（　　） A. 0℃的物体内能也为零 B. 热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体 C. 80℃的水一定比30℃的水含有的热量多 D. 燃料不完全燃烧时，热值将减小 12．如图所示的物理实验过程中，下列分析正确的是（　　） A. 图甲，紧紧压在一起的铅块能吊起重物，说明分子之间只有引力 B. 图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大 C. 图丙，是通过热传递的方式使试管内的水内能增大 D. 图丁，是压缩冲程，该过程的能量转化是内能转化为机械能 13．对质量均为0.2kg,初温相同的甲、乙两种物质，用相同的加热器同时加热，它们温度随时间变化的图像如上图所示。若单位时间内，甲、乙吸收的热量相同。甲在0～8min内，c甲=1.9×103J/（kg•℃）则下列说法错误的是（　　） A. 乙物质的熔点可能是60℃ B. 0～6min,甲的比热容小于乙的比热容 C. 0～6min,甲吸收的热量等于乙吸收的热量 D. 6～8min,乙物质吸收的热量是9.6×103J 14．图甲、乙、丙、丁为某单缸四冲程汽油机工作示意图，下列说法中正确的是（　　） A. 汽油机一个工作循环的正确顺序是甲、乙、丙、丁 B. 只有乙冲程能向外提供动力，其他冲程都是靠惯性运转的 C. 丙冲程中排出的废气不具有任何能量 D. 丁冲程的原理与图戊所示演示实验的原理相同 15．上图图甲为一款新型水杯，将300g开水（100℃）倒入杯中，轻摇一会（约1min），水温便可降至55℃左右，保温3h。图乙为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料，其常温下是固态，会随着温度的变化在固态和液态之间转换【已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】。下列说法正确的是传热材料（　　） A. 传热材料熔化过程温度不变，内能也不变 B. 轻摇杯子水温降低，主要是通过做功的方式改变水的内能 C. 水杯与水之间传递的是温度 D. 300g水温度从100℃降低到55℃，放出的热量是5.67×104J 16．煤油和水的比热容之比是1：2，在吸收相同的热量后，升高温度之比是3：5，则煤油和水的质量之比是（　　） A. 10：3 B. 3：10 C. 5：3 D. 3：5 二、填空题（每小空1分，共6分） 17．夏季，人们在海边玩耍时经常会闻到海腥味，这是 _____现象。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，这是因为水的比热容比较 _____。冬季，水结冰后密度将 _____（选填“变大”“变小”或“不变”）。 18．小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示。实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等。分析图象可以得出：_____物质为水（选填“甲”或“乙”），另一种液体的比热容为 _____J/（kg•℃）。我们用水来冷却汽车的发动机，那是因为水的比热容 _____。 三、实验题（每小空1分，共6分） 19．(6分)如图甲所示，某同学在做“比较不同物质吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给水和食用油加热。他得到如表数据： 物质 次数 质量m/kg 升高温度Δt/℃ 加热时间t/min 水 1 0.1 25 3 2 0.2 25 6 食用油 3 0.1 25 1.5 4 0.1 50 3 （1）水和食用油吸收热量的多少是通过 _____（“升高的温度”或“加热的时间”）来体现的。 （2）分析第1、2次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的 _____有关。 （3）分析第 _____两次实验数据，可以得出的初步结论是：质量相同的同种物质，吸收热量的多少与物质的升高的温度有关。 （4）分析第1、3两次实验数据，可得出初步结论：_____的吸热能力更强（选填“水”或“食用油”）。 （5）图乙是该同学根据实验数据绘制的图象，则a物质是 _____，其比热容是 _____J/（kg•℃）。 四、计算题（每小问3分，共6分） 20．吃早饭的时候，妈妈想用热水给小进加热如图所示的盒装牛奶，使牛奶的温度由22℃升高到42℃。[已知：c水=4.2×103焦/（千克•℃），c牛奶=2.5×103焦/（千克•℃）] 求：（1）牛奶吸收的热量？ （2）若不考虑热量损失，热水放出的热量全部被牛奶吸收，妈妈至少要用52℃的热水多少千克？（计算结果保留1位小数） 班级： 姓名： 编号： 二、填空题（每空1分，共6分） 17. 18. 三、实验题(共1题；共6分) 19. （1） （2） （3） （4） （5） 四、计算题(共1题；共6分)请写出规范步骤。 20. 第 2 页 共 16 页 第 1 页 共 16 页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 九年级上学期物理第二周1-20班周作业 1．【答案】B 【解析】（1）因为水的比热容较大，常用来做冷却剂； （2）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能； （3）任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到100%； （4）热机排出的废气带走了大量的热量，所以热机的效率都比较低，同时废气中还含有二氧化碳、二氧化硫等有害物质污染环境。 解：A．由于水的比热容较大，汽车用水做发动机的冷却剂，故A错误； B．发动机做功冲程，燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故B正确； C．任何方法都不可能使汽油机的效率达到100%，故C错误； D．排出的尾气对环境是有污染的，故D错误。 故选：B。 2．【答案】B 【解析】外界对物体做功时，物体的内能会增大，物体对外界做功时，内能会减小。 解：被吹大了的气球没能用手握住，呼啸着飞了出去，气球内的气体向外喷出，气体对气体做功，内能转化成球的机械能，球内气体的内能减少，温度降低，故气球的嘴部温度和原来相比变低，故B说法正确。 故选：B。 3．【答案】D 【解析】（1）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能。能量既不能凭空产生也不能凭空消失，总是由一种能量转化为另一种能量，在转化的过程中能的总量保持不变。 （2）热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温度差。 解： A、高山上滚落的石头，高度降低重力势能减小，速度加快，动能增大，所以是重力势能转化为动能，故A正确； B、燃料燃烧，得到了内能，是将化学能转化为内能，故B正确； C、能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，故C正确； D、热量是从温度高的物体转移到温度低的物体，故D错误。 故选：D。 4．【答案】A 【解析】（1）热量是一个过程量，不能用含有、具有来修饰； （2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高分子运动越剧烈； （3）能量守恒定律：能量即不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中其总量不变，叫能量守恒定律； （4）比热容是物质的特性，仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的温度、质量和体积无关； 热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关。 解：A、热量是一个过程量，不能用含有来修饰，故A错误； B、分子运动受温度影响，乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散得快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故B正确； C、永动机是不可能实现的，违背了能量守恒定律，故C正确； D、比热容是物质的一种特性，各种物质都有自己的比热，某种物质的比热容和其质量、体积、温度无关，所以一瓶酒精用去一半，剩下的酒精的比热容不变； 燃料的热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、温度和体积无关，所以一瓶酒精用去一半，剩下的酒精的热值不变，故D正确。 故选：A。 5．【答案】D 【解析】（1）对于比热容小的物质来讲，同样吸收热量，其温度升高很快，这也是我们利用的主要特点之一； （2）改变物体内能的方式有：做功与热传递两种方式； （3）分子的无规则运动的速度与物体的温度有关； （4）汽油机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能。 解：A、在炒板栗时，由于锅底的温度较高，很容易把板栗炒煳，所以锅中总要放些沙子，由于沙子的比热容小，沙子很容易被炒热，这样沙子被炒热后可以均匀地把热量传递给板栗，这样炒出的板栗比较好吃，故A正确； B、在炒板栗时，是通过热传递的方式使板栗内能增大，故B正确； C、板栗香气的浓烈程度是分子的无规则运动程度，热运动的激烈程度与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故C正确； D、板栗炸裂时是内能转化为机械能，能量转化情况与汽油机的做功冲程相同，故D错误。 故选：D。 6．【答案】D 【解析】（AC）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递； （B）热值是燃料的一种特性，其大小与燃料的种类有关，而与质量大小、燃烧程度无关； （D）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。 解：A.煮羊肉泡馍主要是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误； B.热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与火力大小无关，调大火力不能提高燃气的热值，故B错误； C.汤水一段时间后内能减小，是因为它与外界发生了热传递，故C错误； D.羊肉泡馍香气四溢说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。 故选：D。 7．【答案】A 【解析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关； （2）内燃机的做功冲程中，将燃气的内能转化为机械能； （3）熔化吸热； （4）风的形成：是从气压高的地方流向气压低的地方，气压的高低的判定要从气体的温度的高度来判定，由海水和陆地的比热容不同来分析物体吸热后温度的高低。 解： A、状态不变，同一物体，温度升高时内能增加，温度降低时内能减少，故A正确； B、内燃机的做功冲程中，将燃气的内能转化为机械能，故B错误； C、用质量相同的水和冰冷却相同物体，冰的冷却效果好，因为冰熔化吸热，故C错误。 D、海水的比热容大于砂石的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多，所以，陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高，风从气压高的海洋流向气压低的陆地，同理可知在夜晚海风从陆地吹向大海，故D错误。 故选：A。 8．【答案】B 【解析】比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的比热容、热值一般不变。 解：酒精的比热容、热值两个物理量，都是表示酒精的某种特性，是从不同的角度来描述酒精的特性，只与物质的种类和状态有关，与质量无关； 所以，酒精灯内的酒精用去了一半，则剩下的酒精的比热容、热值不变。 故选：B。 9．【答案】C 【解析】已知两个物体质量、吸收的热量和比热容的比例关系，利用Q吸=cmΔt求升高的温度之比，从而求出乙最终的温度。 解：根据Q吸=cmΔt可知，甲、乙升高的温度之比为： ====， 设乙的末温为t,则有： ==， 所以乙最终温度为：t=80℃，故C正确。 故选：C。 10．【答案】A 【解析】（1）扩散现象反映了组成物质的分子永不停息地做无规则运动； （2）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值，燃料完全燃烧放出的热量：Q=mq； （3）知道物体温度升高时吸收热量的多少不仅跟物体升高的温度有关，还跟物体的质量和比热容有关； （4）发生热传递的条件是存在温度差。 解：A、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，所以分子可以从低温物体运动到高温物体，故A正确； B、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧、燃料的热值和质量都有关系，因此热值大的燃料燃烧时放出的热量不一定多，故B错误； C、物体在热传递过程中，吸收热量的多少，不仅与温度的变化有关，还与物体的质量、比热容有关，故C错误； D、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，内能大的物体温度不一定高，故D错误。 故选：A。 11．【答案】B 【解析】（1）一切物体在任何温度下都具有内能； （2）热传递的条件：有温度差； （3）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等； （4）热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料的质量、是否燃烧、放出的热量或燃料是否充分等因素无关。 解：A、一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的冰内能不为零，故A错误； B、热量可以自发地从高温物体传给低温物体，也可以自发地从物体的高温部分传向低温部分；内能大的物体的温度不一定高，所以热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故B正确； C、热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故C错误； D、热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料燃烧放出的热量、质量和是否完全燃烧或充分燃烧无关，故D错误。 故选：B。 12．【答案】C 【解析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力。 （2）瓶内气体对塞子做功，将内能转化为塞子的机械能； （3）加热属于热传递。 （4）根据气门和活塞运动方向判断冲程。 解：A、紧贴在一起的两个铅块能吊起重物，说明分子间存在引力，而不是只存在引力；故A错误； B、瓶子内的空气推动塞子跳起时，瓶内气体对塞子做功，瓶内气体的内能转化为塞子的机械能，空气内能减小；故B错误； C、图丙，加热试管是通过热传递的方式使试管内的水内能增大；故C正确； D、图中气门全部关闭，活塞向下运动，是汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能；故D错误。 故选：C。 13．【答案】D 【解析】（1）温度保持不变，可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，据此进行分析； （2）根据公式Q=cmΔt,结合图像分析甲、乙二者比热容的大小； （3）根据题意可知，单位时间内，甲、乙吸收的热量相同； （4）在相同时间内物质吸收的热量是相同的，先利用Q=cmΔt求0～6min内甲吸收的热量，根据单位时间内，甲、乙吸收的热量相同可得6～8min乙吸收的热量。 解：A、甲和乙的末温保持不变，可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，由图可知，乙物质在60℃时，继续吸热，温度保持不变，所以乙物质的熔点可能是60℃，故A正确； B、由图可知，在0～6min内，加热时间相同，吸收的热量相同，甲的温度变化快，且两物质的质量相同，根据Q=cmΔt可知，甲的比热容小于乙的比热容，故B正确； C、根据题意可知，单位时间内，甲、乙吸收的热量相同，所以0～6min,甲吸收的热量等于乙吸收的热量，故C正确； D、由图可知，甲物质在0～6min升高的温度Δt=80℃-20℃=60℃，则甲吸收的热量Q=c甲mΔt=1.9×103J/（kg•℃）×0.2kg×60℃=2.28×104J，甲、乙的质量相等，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则6～8min乙吸收的热量等于0～6min甲吸收的热量的，所以6～8min乙吸收的热量是Q′=Q=×2.28×104J=7.6×103J，故D错误。 故选：D。 14．【答案】D 【解析】（1）内燃机一个工作循环中四个冲程的顺序：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程。根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。 （2）内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。 （3）只有做功冲程把内能转化为机械能，对外提供动力，其它三个冲程靠飞轮的惯性完成。 解：A．甲图中两气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；乙图中进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；丙图中排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；丁图中两气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；所以一个完整的工作循环顺序是：乙丁甲丙，故A不正确； B．只有做功冲程甲把内能转化为机械能，其他冲程都是靠惯性运转的，故B不正确； C．丙冲程是排气冲程，排出的废气温度较高，仍具有能量，故C不正确； D．丁冲程是压缩冲程，发生的能量转化为机械能转化为内能；而图戊所示演示实验也是通过压缩空气做功，将机械能转化为内能，故D正确。 故选：D。 15．【答案】D 【解析】（1）晶体熔化过程中要不断吸热，内能增加，但是温度保持不变； （2）晶体熔化时从水中吸收热量，使水的内能减少，温度降低； （3）温度表示物体的冷热程度； （4）根据Q放=cm（t0-t）求出水放出的热量。 解：A、传热材料是晶体，晶体在熔化过程中，要吸收热量，内能增加，温度保持不变，故A错误； B、轻摇杯子，传热材料从水中吸收热量，使水的内能减少，温度降低，这是通过热传递的方式改变水的内能，故B错误； C、温度表示物体的冷热程度，所以水杯与水之间传递的是内能，而不是温度，故C错误； D、水放出的热量：Q放=cm（t0-t）=4.2×103J/（kg•℃）×300×10-3kg×（100℃-55℃）=5.67×104J，故D正确。 故选：D。 16．【答案】A 【解析】已知煤油和水的比热容关系、吸收相同的热量、升高温度之比，可利用公式Q=cmΔt计算质量之比； 解：由题知，吸收的热量之比Q煤油：Q水=1：1，比热容之比c煤油：c水=1：2，Δt煤油：Δt水=3：5； 则煤油和水的质量之比：m煤油：m水=：==10：3，故A 正确、BCD错误。 故选：A。 17．【答案】(1)扩散;(2)大;(3)变小; 【解析】（1）分子在不停地做无规则运动，温度越高，运动越剧烈； （2）质量相同的不同物质降低相同的温度，比热容大的放出的热量多；或质量相同的物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的温度变化小； （3）一定质量的物体，状态改变时，密度改变。 解：海边闻到阵阵海腥味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动； 因为水比沙石的比热容大，由Q吸=cmΔt可知，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以沿海地区的比内陆地区昼夜温差小； 冬季，水结冰后，质量不变，体积变大，由可知密度变小。 故答案为：扩散；大；变小。 18．【答案】(1)甲;(2)2.1×103;(3)大; 【解析】选同样的放热时间，甲和乙放热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断；由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，相同时间水和液体放出的热量相同。而水和液体的质量相同，根据放热公式求液体的比热容。 解：时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q=cmΔt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，乙的温度降低得快，乙的比热容小；所以，甲液体的比热容大，甲物质为水。 由图题可知，水和液体的质量相同，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，当15min时，水降低的温度：Δt甲=60℃-40℃=20℃， 液体降低的温度为：Δt乙=60℃-20℃=40℃， 由Q=cmΔt可知，当m、Q相同时，Δt与c成反比，故液体的比热容为：c液===2.1×103J/（kg•℃）； 质量相同的水和其它物质相比，使发动机降低相同的温度时，由于水的比热容大，所以水从发动机处吸收的热量更多，冷却效果更好。 故答案为：甲；2.1×103；大。 19．【答案】(1)加热的时间;(2)质量;(3)3、4;(4)水;(5)食用油;(6)2.1×103; 【解析】（1）使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法； （2）（3）（4）物质吸热多少与物质的种类、质量和升高的温度有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外的两个因素不变，据此分析回答； （5）水的比热容大于食用油的比热容，加热相同时间，温度变化较小，据此分析即可； 可根据图象判断出水与食用油的吸收热量的关系，由Q=cmΔt计算出食用油的比热容。 解：（1）根据转换法，水和食用油吸收热量的多少是通过加热的时间来体现的； （2）分析第1、2次实验数据知，同种物质升高相同温度时，质量越大，加热时间越长，故可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关； （3）研究吸收热量的多少与物质的升高的温度有关，要控制物质的种类和质量相同，只改变升高的温度，故分析第3、4两次实验数据，可以得出的初步结论是：质量相同的同种物质，吸收热量的多少与物质的升高的温度有关； （4）根据比较吸热能力的方法，分析1、3两次实验数据，可得出初步结论：水的吸热能力比食用油强； （5）由图象知，加热相同的时间，水和食用油吸收相同的热量，a的温度计变化更快，说明a的比热容较小，为食用油； 由图象知，同样从10℃升高到60℃，水需要6min,食用油需要3min,可知Q水=2Q食用油，由Q=cmΔt可知，c水=2c食用油，则c食用油=×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）。 故答案为：（1）加热的时间；  （2）质量；  （3）3、4；（4）水；（5）食用油；2.1×103。 20．【解析】（1）知道牛奶的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）求出牛奶吸收的热量； （2）若不考虑热量损失，热水放出的热量等于牛奶吸收的热量，利用Q放=cm（t水-t）求出水的质量。 解：（1）牛奶吸收的热量：Q吸=c牛奶m牛奶（t-t0）=2.5×103J/（kg•℃）×250×10-3kg×（42℃-22℃）=1.25×104J； （2）若不考虑热量损失，热水放出的热量：Q放=Q吸=1.25×104J， 由Q放=cm（t水-t）可知，热水的质量：m水==≈0.3kg。 答：（1）牛奶吸收的热量为1.25×104J； （2）若不考虑热量损失，热水放出的热量全部被牛奶吸收，妈妈至少要用52℃的热水0.3kg。 试卷第2页，总2页 试卷第1页，总1页 学科网（北京）股份有限公司 $$