第7章 三角函数 章末整合提升7（课件PPT）-【精讲精练】2024-2025学年高中数学必修第三册（人教B版）

章 末 整 合 提 升 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 章 末 整 合 提 升 1 谢谢观看 章 末 整 合 提 升 1 (一)同角三角函数的基本关系式及诱导公式 1．牢记两个基本关系式sin2α＋cos2α＝1及 eq \f(sinα,cos α) ＝tan α，并能应用两个关系式进行三角函数的求值、化简、证明．在应用中，要注意掌握解题的技巧．比如：已知sin α±cos α的值，可求cos αsin α.注意应用(cos α±sin α)2＝1±2sin αcos α. 2．诱导公式可概括为k· eq \f(π,2) ±α(k∈Z)的各三角函数值的化简公式．记忆规律是：奇变偶不变，符号看象限． 3．三角函数式的求值、化简的策略 (1)化弦：当三角函数式中三角函数名称较多时，往往把三角函数化为弦，再化简变形． (2)化切：当三角函数式中含有正切及其他三角函数时，有时可将三角函数名称都化为正切，再变形化简． (3)“1”的代换：在三角函数式中，有些会含有常数1，常数1虽然非常简单，但有些三角函数式的化简却需要利用三角函数公式将1代换为三角函数式． 　(1)sin eq \f(4π,3) cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(25π,6))) ＝________． (2)已知 eq \f(2＋tan （θ－π）,1＋tan （2π－θ）) ＝－4，则(sin θ－3cos θ)·(cos θ－sin θ)＝(　　) A．－ eq \f(1,5) 　　　　　 B．5 C．－5 D． eq \f(1,5) [解析]　(1)sin eq \f(4π,3) ＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(π＋\f(π,3))) ＝－sin eq \f(π,3) ＝－ eq \f(\r(3),2) ；cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(25π,6))) ＝cos eq \f(25π,6) ＝cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(4π＋\f(π,6))) ＝cos eq \f(π,6) ＝ eq \f(\r(3),2) ； 所以sin eq \f(4π,3) cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(25π,6))) ＝－ eq \f(\r(3),2) × eq \f(\r(3),2) ＝－ eq \f(3,4) .故填－ eq \f(3,4) . (2)解法一　由已知 eq \f(2＋tan θ,1－tan θ) ＝－4， 所以2＋tan θ＝－4(1－tan θ)， 解得tan θ＝2. 所以(sin θ－3cos θ)(cos θ－sin θ) ＝4sin θcos θ－sin2θ－3cos2θ ＝ eq \f(4sinθcos θ－sin2θ－3cos2θ,sin2θ＋cos2θ) ＝ eq \f(4tanθ－tan2θ－3,tan2θ＋1) ＝ eq \f(8－4－3,4＋1) ＝ eq \f(1,5) . 解法二　由已知 eq \f(2＋tanθ,1－tan θ) ＝－4，解得tan θ＝2. 即 eq \f(sin θ,cos θ) ＝2，所以sin θ＝2cos θ. 所以(sin θ－3cos θ)(cos θ－sin θ) ＝(2cos θ－3cos θ)(cos θ－2cos θ) ＝cos2θ＝ eq \f(cos2θ,sin2θ＋cos2θ) ＝ eq \f(1,tan2θ＋1) ＝ eq \f(1,5) . [答案]　(1)－ eq \f(3,4) 　(2)D (二)三角函数的图象及变换 多维探究 1．三角函数的图象变换 由函数y＝sinx的图象通过变换得到函数y＝A sin (ωx＋φ)的图象的两种方法 2．由图象或部分图象确定解析式y＝A sin (ωx＋φ)中的参数 (1)A：由最大值、最小值来确定A． (2)ω：通过求周期T来确定ω. (3)φ：利用已知点列方程求出． 角度1　三角函数图象间的变换 　将函数y＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3))) 图象上的点P eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，t)) 向左平移s(s＞0)个单位长度得到点P′.若P′位于函数y＝sin 2x的图象上，则(　　) A．t＝ eq \f(1,2) ，s的最小值为 eq \f(π,6) B．t＝ eq \f(\r(3),2) ，s的最小值为 eq \f(π,6) C．t＝ eq \f(1,2) ，s的最小值为 eq \f(π,3) D．t＝ eq \f(\r(3),2) ，s的最小值为 eq \f(π,3) [解析]　因为点P eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，t)) 在函数 y＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3))) 的图象上， 所以t＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2×\f(π,4)－\f(π,3))) ＝sin eq \f(π,6) ＝ eq \f(1,2) . 又P′ eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－s，\f(1,2))) 在函数y＝sin 2x的图象上， 所以 eq \f(1,2) ＝sin eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(2\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－s)))) ， 则2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－s)) ＝2kπ＋ eq \f(π,6) 或2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)－s)) ＝2kπ＋ eq \f(5π,6) ，k∈Z， 得s＝－kπ＋ eq \f(π,6) 或s＝－kπ－ eq \f(π,6) ，k∈Z. 又s＞0，故s的最小值为 eq \f(π,6) . [答案]　A 角度2　由三角函数的图象确定其解析式 　 (2024·湖南长沙高一期末)函数y＝A sin (ωx－φ)(A＞0，ω＞0，0＜φ＜π)的部分图象如图所示，则其解析式为(　　) A．y＝2sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,6))) B．y＝2sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3))) C．y＝2sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x－\f(π,3))) D．y＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3))) 解析　由图可得函数的最大值为2，最小值为－2，故A＝2， eq \f(T,2) ＝ eq \f(5π,12) － eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(π,12))) ＝ eq \f(π,2) ，故T＝ eq \f(2π,ω) ＝π， 解得ω＝2，故y＝2sin (2x－φ). 将 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,12)，2)) 代入可得2sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2×\f(5π,12)－φ)) ＝2， 则 eq \f(5π,6) －φ＝2kπ＋ eq \f(π,2) (k∈Z)，解得φ＝－2kπ＋ eq \f(π,3) (k∈Z). ∵0＜φ＜π，∴φ＝ eq \f(π,3) ，∴y＝2sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x－\f(π,3))) . 答案　B (三)三角函数性质及其应用多维探究 重点应掌握y＝sin x，y＝cos x，y＝tan x的定义域、值域、单调性、奇偶性、对称性等有关性质，在此基础上掌握函数y＝A sin (ωx＋φ)，y＝A cos (ωx＋φ)及y＝A tan (ωx＋φ)的相关性质．在研究其相关性质时，将ωx＋φ看成一个整体，利用整体代换思想解题是常见的技巧． (1)三角函数的两条性质 ①周期性：函数y＝A sin (ωx＋φ)和y＝A cos (ωx＋φ)的最小正周期为 eq \f(2π,|ω|) ，y＝tan (ωx＋φ)的最小正周期为 eq \f(π,|ω|) . ②奇偶性：三角函数中奇函数一般可化为y＝A sin ωx或y＝A tan ωx，而偶函数一般可化为y＝A cos ωx＋B的形式． (2)求三角函数的单调区间的方法 求形如y＝A sin (ωx＋φ)或y＝A cos (ωx＋φ)(A＞0，ω＞0)的函数的单调区间可以通过解不等式方法去解答，即把ωx＋φ视为一个“整体”，分别与正弦函数y＝sin x，余弦函数y＝cos x的单调递增(减)区间对应解出x，即得所求的单调递增(减)区间． (3)三角函数图象的对称性 求形如y＝A cos (ωx＋φ)图象的对称轴，可把“ωx＋φ”看作一个整体，由ωx＋φ＝kπ(k∈Z)求x可得对称轴方程，类似通过ωx＋φ＝kπ＋ eq \f(π,2) ，(k∈Z)可求对称中心的横坐标． (4)三角函数的最值(值域)问题 三角函数的值域和最值问题一直是高考的热点．求三角函数的最值问题通常有以下两种途径： ①将所求三角函数式转化为y＝A sin (ωx＋φ)＋k或y＝A cos (ωx＋φ)＋k的形式，然后结合角x的取值范围求最值； ②将所求三角函数式变形转化为关于sin x(或cos x)的二次函数的形式，然后结合二次函数的性质求解． 角度1　三角函数的最值问题 　已知函数f(x)＝2sin2x－2a sinx＋a2－2a－1 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0≤x≤\f(π,2))) 的最小值为－2，求实数a的值，并求此时f(x)的最大值． [解析]　f(x)＝2sin2x－2a sinx＋a2－2a－1 ＝2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(sin x－\f(a,2))) eq \s\up20(2) ＋ eq \f(a2,2) －2a－1. 由0≤x≤ eq \f(π,2) ，得0≤sin x≤1. 当0≤a≤2时，0≤ eq \f(a,2) ≤1， 当sin x＝ eq \f(a,2) 时，f(x)取得最小值 eq \f(a2,2) －2a－1＝－2， 解得a＝2－ eq \r(2) 或a＝2＋ eq \r(2) (舍去)， 此时f(x)的最大值为f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2))) ＝－1； 当a＞2时， eq \f(a,2) ＞1，当sin x＝1时，f(x)取得最小值a2－4a＋1＝－2，解得a＝3或a＝1(舍去)，此时f(x)的最大值为f(0)＝2； 当a＜0时， eq \f(a,2) ＜0，当sin x＝0时，f(x)取得最小值 a2－2a－1＝－2，解得a＝1(舍去). 综上所述，当a＝2－ eq \r(2) 时，f(x)的最大值为－1， 当a＝3时，f(x)的最大值为2. 角度2　三角函数性质的综合问题 　(多选题)(2024·湖南长沙高一月考)已知函数f(x)＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x＋\f(π,6))) ，则下列结论正确的是(　　) A．f(x)的图象向左平移 eq \f(π,6) 个单位长度后得到函数g(x)＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x＋\f(π,3))) 的图象 B．直线x＝ eq \f(2π,3) 是f(x)图象的一条对称轴 C．f(x)在 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，\f(π,2))) 上单调递减 D．f(x)的图象关于点 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,12)，0)) 对称 解析　对于A，f(x)的图象向左平移 eq \f(π,6) 个单位长度后得到f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,6))) ＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x＋\f(π,2))) 的图象，故A错误； 对于B，f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,3))) ＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(4π,3)＋\f(π,6))) ＝sin eq \f(3π,2) ＝－1，故B正确； 对于C，当x∈ eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，\f(π,2))) 时，2x＋ eq \f(π,6) ∈ eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(2π,3)，\f(7π,6))) ，故C正确； 对于D，f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,12))) ＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5π,6)＋\f(π,6))) ＝sin π＝0，故D正确． 答案　BCD 忽略函数的定义域致误 [典例]　函数y＝log2 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(sin \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))))) 的单调递增区间为________． [错解]　函数的增区间可由y＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))) 的增区间求得．由－ eq \f(π,2) ＋2kπ≤x＋ eq \f(π,3) ≤ eq \f(π,2) 可得－ eq \f(5π,6) ＋2kπ≤x≤ eq \f(π,6) ＋2kπ，k∈Z，故原函数的递增区间为 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5π,6)＋2kπ，\f(π,6)＋2kπ)) ，k∈Z. [错因分析]　本题若忽略对数函数的定义域，即sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))) ＞0，就会得到错误答案：函数y＝log2 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(sin \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))))) 的单调递增区间为 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5π,6)＋2kπ，\f(π,6)＋2kπ)) ，k∈Z. [正解]　由题意，得sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))) ＞0， 所以2kπ＜x＋ eq \f(π,3) ＜π＋2kπ，k∈Z， 解得－ eq \f(π,3) ＋2kπ＜x＜ eq \f(2π,3) ＋2kπ，k∈Z. 又函数y＝sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))) 的单调递增区间为 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(5,6)π＋2kπ，\f(π,6)＋2kπ)) ，k∈Z， 所以函数y＝log2 eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(sin \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x＋\f(π,3))))) 的单调递增区间为 eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,3)＋2kπ，\f(π,6)＋2kπ)) ，k∈Z. [答案]　 eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(－\f(π,3)＋2kπ，\f(π,6)＋2kπ)) ，k∈Z [纠错心得] 解决与三角函数有关的复合函数问题时，定义域是首先要考虑的问题，要在定义域内思考问题． [典例]　(13分)已知函数f(x)＝ eq \r(3) sin (ωx＋φ) eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ω＞0，－\f(π,2)≤φ＜\f(π,2))) 的图象关于直线x＝ eq \f(π,3) 对称，且图象上相邻两个最高点的距离为π. (1)求ω和φ的值； (2)若f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(α,2))) ＝ eq \f(\r(3),4) eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,6)＜α＜\f(2π,3))) ，求cos eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(α－\f(π,6))) 的值． [审题指导]　(1)利用对称轴和相邻两个最高点距离分别求ω，φ. (2)在(1)的基础上，注意角的范围，利用平方关系求值． [规范解答]　(1)因为f(x)的图象上相邻两个最高点的距离为π， 所以f(x)的最小正周期T＝π，从而ω＝ eq \f(2π,T) ＝2.①(3分) 又f(x)的图象关于直线x＝ eq \f(π,3) 对称， 所以2× eq \f(π,3) ＋φ＝kπ＋ eq \f(π,2) ，k∈Z， 即φ＝－ eq \f(π,6) ＋kπ，k∈Z. 由－ eq \f(π,2) ≤φ＜ eq \f(π,2) ，得φ＝－ eq \f(π,6) .②(6分) $$