精品解析：2024年广东省清远市连州市九年级一模物理试卷

2024年连州市初中学业水平第一次模拟考试 物理 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。 1. 下列几种估测最符合实际情况的是（　　） A. 人正常步行的速度约为1.1 m/s B. 人讲话时声音的响度约为200dB C. 人体感觉最舒适的温度约为50℃ D. 一张试卷的厚度大约1cm 2. 下列关于原子核及核能说法正确的是（ ） A. 原子核是由质子和电子构成 B. 我国实验室研发的“人造太阳”是利用核裂变原理工作 C. 核电站利用的是核聚变原理工作 D. 氢原子核的尺度比氢原子小 3. 关于物态变化的举例错误的是（ ） A. 凝固：水变成冰 B. 液化：冰变成水 C. 汽化：水变成水蒸气 D. 凝华：水蒸气变成冰 4. 日晷是我国古代计时工具，通过观察直杆在太阳下影子的位置就可知道时间，如图所示。它的工作原理是（ ） A. 光沿直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 平面镜成像 5. 生活处处有物理，下列关于小明生活中的一些现象的说法正确的是（ ） A. 小明走路时，脚遇到障碍物，向前倾倒，是因为受到向前的力 B. 小明站在水平地面上时，受到的重力与支持力是一对相互作用力 C. 小明穿上鞋底粗糙的运动鞋走路，是为了减小对地面的压强 D. 小明将吸盘挂衣钩“吸”在墙上挂衣服，是利用大气压的原理 6. 如图所示，开关闭合时，电压表所测的是（ ） A. 电源电压 B. 灯两端的电压 C. 灯两端的电压 D. 灯与电源两端的总电压 7. 下列对概念理解错误的是（ ） A. 密度反映物质的密集程度，相同的体积比较物质的多少，相同体积质量大的物质密度大 B. 热值用来反映燃料放热能力，相同质量的燃料完全燃烧放出热量少的热值大 C. 1kg的水升高1℃，要吸收4200J热量；而1kg的砂石升高1℃要吸920J热量，相比之下水容纳吸收热量本领强，比热容大 D. 菜刀很钝，用很大的力也切不断菜。可见要将菜切断既要用力又要刀锋利。压力大，受力面积小，单位面积受到的压力大，压强就大 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分： 8. “荷风送香气，竹露滴清响。”在太阳的照射下，荷花的温度升高，这是通过______的方式改变荷花的内能；荷香扑鼻，说明分子在______；竹叶上的几滴露珠相互靠近时，能自动结合成一滴较大的露珠，这说明分子间具有______。 9. 战国早期铸造的曾侯乙编钟是我国先秦礼乐文明与青铜器铸造技术的杰出代表，如图所示。敲击编钟发出声音主要是编钟________产生，分别用相同大小的力敲击编钟的正面与侧面，编钟振动快慢不同，产生的声音________不同，声音通过________传播到现场听众耳中的。 10. 如图1所示，小明用滑轮组匀速提升重为80N的物体，有2段绳子吊着动滑轮，物体在4s内匀速上升2m，绳子自由端拉力为50N，此过程中，绳子自由端移动的距离为________m，拉力的功是_________J。如图2所示，要使杠杆在水平位置平衡，则应在B点挂_________个相同的钩码。 11. 在一个定值电阻两端加6V电压时，通过电阻的电流为0.3A，则该电阻的阻值大小为________Ω；当定值电阻的两端电压为4V时，通过电阻的电流为________A；当电阻两端电压为0V时，电阻阻值为_________Ω。 12. 如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，此时它正处在________冲程，其能量转化情况与_________（选填“乙”或“丙”）图相同，是将内能转化为_________能。 13. 一枚实心纪念币的质量为17.8g，体积为2cm3，纪念币的密度是______g/cm3。若航天员将这枚纪念币带到太空，其质量________（选填“变大”“变小”或“不变”）。如果该纪念币磨损了，它的密度________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 14. 小明现有100kg干木柴，其热值为，完全燃烧掉50kg干木柴后，剩下干木柴的热值是_________J/kg，完全燃烧1kg干木柴放出的热量是________J。质量为10kg的水，温度升高1℃，需要吸收________J的热量。（比热容） 三、作图题：本题7分 15. （1）如图所示，画出入射光线经透镜折射后射入水中的光路图； （2）如图所示，物体A沿斜面向下做匀速直线运动，请在图中作出斜面对物体A的支持力和摩擦力的示意图； （3）如图所示，请用笔画线代替导线完成家庭电路的连接。 四、实验题：本题共3小题，第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分。 16. （1）如图所示，用刻度尺测量一木块的边长，木块的边长为_______cm；秒表示数为________s； （2）在调节天平平衡时，将游码归零后，指针向右偏转，此时应向________调节平衡螺母，使横梁平衡；天平平衡时天平右盘中的砝码和游码的位置如图所示，所测物体的质量为_________g； （3）如图为小明家12月底电能表的示数，该读数为_______kW·h；11月底的示数为1922.6kW·h，若电费0.6元/度，则12月份小明家应交的电费为_______元。 17. 小明在做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验时，实验操作如图所示。 （1）物体受到的重力为________N，浸没在水中受到的浮力为________N，浸没在酒精中受到浮力为________N； （2）比较图A、B、C可得实验结论：在_______一定时，物体浸入液体的体积越大，受到的浮力________； （3）本实验，研究浮力的大小与液体密度的关系，控制了物体________不变。 18. 小明同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。 （1）请在图甲中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接________； （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应处于最________（填“左”或“右”）端； （3）闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片过程中，她应注视________（选填“电压表”“电流表”或“滑动变阻器”）的指针变化情况，当停止移动滑片时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是_________（填字母）； A.滑动变阻器接触不良 B．小灯泡短路 （4）排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示为________A，则小灯泡正常发光时的电阻为__________Ω（保留1位小数）。继续实验时，她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因可能是灯丝电阻受________的影响。 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 质量为50kg的小明同学在路上租借了一辆自行车，自行车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，他匀速直线骑行1200m，用时300s，求：（g=10N/kg） （1）小明骑车的速度； （2）小明骑车时车对地面的压力和压强； （3）若自行车匀速行驶中所受阻力为人和车总重的0.1倍，小明骑车的功率。 20. 某电热取暖器的简化电路如图所示，R1、R2为发热电阻。取暖器工作时，通过开关S1和S2实现低温、高温的挡位控制。已知高温挡功率为1320W，R1=55Ω。求： （1）只闭合开关S1，电路处于低温挡还是高温挡？为什么； （2）取暖器低温挡工作时通过R1的电流及R1的电功率； （3）R2的阻值。 六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题6分，第22题6分、23小题7分，共19分。 21. 如图所示，这是用压强计做“探究影响液体内部压强的因素”的实验。 （1）使用U形管压强计之前应用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的水面能灵活升降，则说明该装置_______（选填“漏气”或“不漏气”）。实验过程中通过U形管两侧液面的_______来反映液体内部压强的大小，这是利用了________的思想方法； （2）比较图甲和图________，可初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随_________的增加而增大； （3）比较图乙和图丙，能初步得出的结论是：深度相同时，液体的________越大，压强越大。 22. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中： （1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝_________cm； （2）将蜡烛、凸透镜和光屏放在光具座上，使烛焰、凸透镜和光屏的中心在_________； （3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此时所成的像是倒立的实像，实际生活中应用为_________（选填“投影仪”或“照相机”）。若保持透镜位置不变，移动蜡烛至_________刻度线处，再移动光屏能呈现等大清晰的像； （4）此凸透镜作为照相机镜头，当照完一个人的半身照，然后照全身照，照相机与人的距离应_________（选填“变大”、“变小”或“不变”），照相机的镜头应_________（选填“伸出”或“缩回”）。 23. 阅读下面材料，回答问题。 某智能扫地机器人（如图1）可通过灰尘传感器自动寻找灰尘清扫，通过电动机旋转、产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。当灰尘多时，探测光由于灰尘的吸收和向不同方向散射，导致反射回光敏电阻的光强较小，机器人启动清扫。图2为其部分工作原理图，控制电路电源电压U为4.5V，指示灯电阻为5Ω，定值电阻R0=12Ω，R为光敏电阻，其阻值随光照强度E（单位cd）的变化如图3所示。如表为其部分工作参数（注：电池容量指工作电流与工作总时间的乘积，线圈电阻不计） 额定工作电压 12V（伏） 额定功率 30瓦 电池总容量 2.5Ah（安时） 工作噪音 <50dB（分贝） （1）图2中电磁铁根据电流的________效应工作；电磁铁通电时，上端为________极（填“N”或“S”）； （2）当清扫到一定程度，地面灰尘减少，则电磁铁磁性________（选填“增强”、“不变”或“减弱”），衔铁将与________（选填“A”或“C”）触头接触，清扫停止； （3）检测发现该品牌扫地机器人在光照强度恰好为3cd时电动机开始工作，则相当于电压表示数等于________V时，电动机开始工作； （4）当剩余电量减为电池总容量的10%时，机器人会主动寻找充电器充电，充满电后电池储存的电能为________J；在充满电后到主动寻找充电器期间的电池总容量能够持续供应机器人正常工作________h。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2024年连州市初中学业水平第一次模拟考试 物理 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。 1. 下列几种估测最符合实际情况的是（　　） A. 人正常步行的速度约为1.1 m/s B. 人讲话时声音的响度约为200dB C. 人体感觉最舒适的温度约为50℃ D. 一张试卷的厚度大约1cm 【答案】A 【解析】 【详解】A．成年人的步行速度约为 故A符合题意； B．人正常讲话时声音的响度约为50分贝，过高的声音会损坏人的听觉，故B不符合题意； C．对人体而言，较为舒适的温度区间为18～25℃，故C不符合题意； D．一页纸的厚度约为 0.1mm＝0.01cm 故D不符合题意。 故选A。 2. 下列关于原子核及核能说法正确的是（ ） A. 原子核是由质子和电子构成 B. 我国实验室研发的“人造太阳”是利用核裂变原理工作 C. 核电站利用的是核聚变原理工作 D. 氢原子核的尺度比氢原子小 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据原子结构可知，原子是由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，故A错误； BC．核裂变和核聚变都可以释放巨大的能量，我国实验室研发的“人造太阳”是利用核聚变原理工作，核电站利用的是可控的核裂变原理工作，故BC错误； D．氢原子由氢原子核和核外电子构成，所以，氢原子核的尺度比氢原子小，故D正确。 故选D。 3. 关于物态变化的举例错误的是（ ） A. 凝固：水变成冰 B. 液化：冰变成水 C. 汽化：水变成水蒸气 D. 凝华：水蒸气变成冰 【答案】B 【解析】 【详解】A．水结成冰，由液体变为固态，属于凝固现象。故A正确，不符合题意； B．冰块变成水，是固气态变为液态，属于熔化现象。故B错误，符合题意； C．水变成水蒸气，是由液态变为气态，属于汽化现象。故C正确，不符合题意； D．水蒸气变成冰，是由气态直接变为固态，属于凝华现象。故D正确，不符合题意。 故选B。 4. 日晷是我国古代计时工具，通过观察直杆在太阳下影子的位置就可知道时间，如图所示。它的工作原理是（ ） A. 光沿直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 平面镜成像 【答案】A 【解析】 【详解】日晷是利用影子的方位来确定时间的，所以它是利用了光的直线传播原理。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 5. 生活处处有物理，下列关于小明生活中的一些现象的说法正确的是（ ） A. 小明走路时，脚遇到障碍物，向前倾倒，是因为受到向前的力 B. 小明站在水平地面上时，受到的重力与支持力是一对相互作用力 C. 小明穿上鞋底粗糙的运动鞋走路，是为了减小对地面的压强 D. 小明将吸盘挂衣钩“吸”在墙上挂衣服，是利用大气压的原理 【答案】D 【解析】 【详解】A．走路时，脚遇到障碍物，受到力的作用，停止运动，而身体由于惯性，要保持原来的运动状态向前，所以向前倾倒，故A错误； B．小明站在水平地面上时，在竖直方向上受到的重力和支持力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，是一对平衡力，故B错误； C．鞋底粗糙的运动鞋在走路时，可在压力不变时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故C错误； D．吸盘能吸在墙上，是因为吸盘与墙壁间的空气压强小于大气压强，是利用大气压的原理，故D正确。 故选D。 6. 如图所示，开关闭合时，电压表所测的是（ ） A. 电源电压 B. 灯两端的电压 C. 灯两端的电压 D. 灯与电源两端的总电压 【答案】C 【解析】 【详解】由图示知，开关闭合后，两灯串联在电路中，电压表并联在灯L2两端，测灯L2两端的电压，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 7. 下列对概念理解错误的是（ ） A. 密度反映物质的密集程度，相同的体积比较物质的多少，相同体积质量大的物质密度大 B. 热值用来反映燃料放热能力，相同质量的燃料完全燃烧放出热量少的热值大 C. 1kg的水升高1℃，要吸收4200J热量；而1kg的砂石升高1℃要吸920J热量，相比之下水容纳吸收热量本领强，比热容大 D. 菜刀很钝，用很大的力也切不断菜。可见要将菜切断既要用力又要刀锋利。压力大，受力面积小，单位面积受到的压力大，压强就大 【答案】B 【解析】 【详解】A．密度反映物质的密集程度，根据可知，相同的体积比较物质的多少，相同体积质量大的物质密度大，相同体积质量小的物质密度小，故A正确，不符合题意； B．热值是反应燃料燃烧释放热量特性的物理量，燃料完全燃烧放出的热量与燃料的质量的比，叫做这种燃料的热值；所以相同质量的燃料完全燃烧放出热量多的热值大，故B错误，符合题意； C．比热容是物质吸收或放出热量的能力，1kg的水升高1℃，要吸收4200J热量；而1kg的砂石升高1℃要吸920J热量，即质量相同的水和砂石升高相同的温度，水吸收的热量比砂石多很多，说明水容纳吸收热量本领较强，比热容大，故C正确，不符合题意； D．压强是物体单位面积上受到的压力，根据可知，将菜切断既要用力又要刀锋利，用力说明压力大，刀锋利说明受力面积小，单位面积受到的压力大，压强就大。故D正确，不符合题意。 故选B。 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分： 8. “荷风送香气，竹露滴清响。”在太阳的照射下，荷花的温度升高，这是通过______的方式改变荷花的内能；荷香扑鼻，说明分子在______；竹叶上的几滴露珠相互靠近时，能自动结合成一滴较大的露珠，这说明分子间具有______。 【答案】 ①. 热传递 ②. 不停地做无规则运动 ③. 引力 【解析】 【详解】[1]在太阳的照射下，荷花吸收热量，荷花的温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变荷花的内能。 [2]荷香扑鼻，是因为花香中含有的分子是在不停地做无规则运动的，向四周扩散，使人们闻到花香。 [3]分子间存在着相互作用的引力和斥力。两滴露珠靠近时，能自动结合成一滴较大的露珠，这一事实说明分子之间存在着引力。 9. 战国早期铸造的曾侯乙编钟是我国先秦礼乐文明与青铜器铸造技术的杰出代表，如图所示。敲击编钟发出声音主要是编钟________产生，分别用相同大小的力敲击编钟的正面与侧面，编钟振动快慢不同，产生的声音________不同，声音通过________传播到现场听众耳中的。 【答案】 ①. 振动 ②. 音调 ③. 空气 【解析】 【详解】[1]声音是由物体振动产生的，敲击编钟，编钟振动而发出声音。 [2]音调是指声音的高低，音调跟频率（振动快慢）有关；分别用相同大小的力敲击编钟的正面与侧面，编钟振动快慢不同，产生的声音音调不同。 [3]声音的传播需要介质，编钟发出的声音是通过空气传播到现场听众耳中的。 10. 如图1所示，小明用滑轮组匀速提升重为80N的物体，有2段绳子吊着动滑轮，物体在4s内匀速上升2m，绳子自由端拉力为50N，此过程中，绳子自由端移动的距离为________m，拉力的功是_________J。如图2所示，要使杠杆在水平位置平衡，则应在B点挂_________个相同的钩码。 【答案】 ①. 4 ②. 200 ③. 6 【解析】 【详解】[1]由题意和题图可知，滑轮组的绳子承重股数为n=2，绳子自由端移动距离为 [2]拉力做的总功为 [3]设杠杆每一个小格代表L，每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件 F1l1=F2l2 得 解得，即应在B点挂6个相同的钩码。 11. 在一个定值电阻两端加6V电压时，通过电阻的电流为0.3A，则该电阻的阻值大小为________Ω；当定值电阻的两端电压为4V时，通过电阻的电流为________A；当电阻两端电压为0V时，电阻阻值为_________Ω。 【答案】 ①. 20 ②. 0.2 ③. 20 【解析】 【详解】[1]根据欧姆定律可得，在一个定值电阻两端加6V电压时，通过电阻的电流为0.3A，则该电阻的阻值大小为 [2]当定值电阻的两端电压为4V时，根据欧姆定律可得，通过电阻的电流为 [3]因电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过的电流无关，所以，当电阻两端电压为0V时，该定值电阻的阻值仍为20Ω不变。 12. 如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，此时它正处在________冲程，其能量转化情况与_________（选填“乙”或“丙”）图相同，是将内能转化为_________能。 【答案】 ①. 做功 ②. 乙 ③. 机械 【解析】 【详解】[1][2][3]图甲中，汽油机两个气门都关闭，活塞向下运动，因此是做功冲程，内能转化为机械能；乙图中，燃着的酒精灯对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；丙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；因此与做功冲程中能量转化情况相同的是乙图实验。 13. 一枚实心纪念币的质量为17.8g，体积为2cm3，纪念币的密度是______g/cm3。若航天员将这枚纪念币带到太空，其质量________（选填“变大”“变小”或“不变”）。如果该纪念币磨损了，它的密度________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 ①. 8.9 ②. 不变 ③. 不变 【解析】 【详解】[1]根据可得，纪念币的密度是 [2]若宇航员将这枚纪念币带到太空，位置发生了变化，物体的质量不随位置变化而变化，故其质量不变。 [3]密度是物质的一种特性，该纪念币磨损后，质量和体积减小，材料不变，密度不变。 14. 小明现有100kg干木柴，其热值为，完全燃烧掉50kg干木柴后，剩下干木柴的热值是_________J/kg，完全燃烧1kg干木柴放出的热量是________J。质量为10kg的水，温度升高1℃，需要吸收________J的热量。（比热容） 【答案】 ①. ②. ③. 【解析】 【详解】[1]燃烧部分后的干木柴，其热值不变，仍为，因为热值是物质的属性，与质量无关。 [2]完全燃烧1kg的干木柴放出的热量 [3]10kg水吸收的热量 三、作图题：本题7分 15. （1）如图所示，画出入射光线经透镜折射后射入水中的光路图； （2）如图所示，物体A沿斜面向下做匀速直线运动，请在图中作出斜面对物体A的支持力和摩擦力的示意图； （3）如图所示，请用笔画线代替导线完成家庭电路的连接。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 根据凸透镜三条特殊光线的画法，平行于凸透镜主光轴的光线，经凸透镜折射后过焦点，根据光的折射规律，从空气中斜射入水的光线，折射角小于入射角，如图所示： 【小问2详解】 物体A沿斜面向下做匀速直线运动时，受到斜面对物体A沿斜面向上的摩擦力和垂直斜面向上的支持力，力的作用点可都标在A的重心上，由此作图如图所示： 【小问3详解】 灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如下图所示： 四、实验题：本题共3小题，第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分。 16. （1）如图所示，用刻度尺测量一木块的边长，木块的边长为_______cm；秒表示数为________s； （2）在调节天平平衡时，将游码归零后，指针向右偏转，此时应向________调节平衡螺母，使横梁平衡；天平平衡时天平右盘中的砝码和游码的位置如图所示，所测物体的质量为_________g； （3）如图为小明家12月底电能表的示数，该读数为_______kW·h；11月底的示数为1922.6kW·h，若电费0.6元/度，则12月份小明家应交的电费为_______元。 【答案】（1） ①. 2.15 ②. 247.5 （2） ①. 左 ②. 81.8 （3） ①. 2022.6 ②. 60 【解析】 【小问1详解】 [1]刻度尺一大格代表1cm，一大格有10个小格，每个小格代表0.1cm=1mm，即刻度尺的分度值为1mm，木块的左端与0.00cm对齐，右端与2.15cm对齐，则木块的边长为 L=2.15cm-0.00cm=2.15cm [2]小表盘上，指针在“4”和“5”之间，偏向“4”，所以分针指示的时间为4min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，秒表上的读数应读小数，指针在7.5s处，所以秒针指示的时间为7.5s，即秒表的读数为 t=4min+7.5s=247.5s 【小问2详解】 [1]根据天平的使用方法可知，在调节天平平衡时，将游码归零后，发现指针向右偏转，由“右偏左调，左偏右调”的规则可知，应将平衡螺母向左调节，使指针对准分度盘中央的刻度线，直到横梁在水平位置平衡。 [2]由图可知，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为1.8g，所测物体的质量为 【小问3详解】 [1]电能表刻度盘最后一位是十分位，单位是kW·h，故其12月底电能表的示数为2022.6kW·h。 [2]12月份消耗的电能为 2022.6kW⋅h-1922.6kW⋅h=100kW⋅h 12月份小明家应交的电费 100kW⋅h×0.6元/kW⋅h=60元 17. 小明在做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验时，实验操作如图所示。 （1）物体受到的重力为________N，浸没在水中受到的浮力为________N，浸没在酒精中受到浮力为________N； （2）比较图A、B、C可得实验结论：在_______一定时，物体浸入液体的体积越大，受到的浮力________； （3）本实验，研究浮力的大小与液体密度的关系，控制了物体________不变。 【答案】（1） ①. 4 ②. 1 ③. 0.8 （2） ①. 液体的密度 ②. 越大 （3）浸入液体的体积 【解析】 【小问1详解】 [1]由图A知，弹簧测力计的示数为4N，物体受到的重力为4N。 [2]由图C知，物体浸没在水中的示数为3N，据称重法，物体受到的浮力 [3]由图E知，物体浸没在酒精中，测力计示数为3.2N，所受的浮力 【小问2详解】 [1][2]由图A、B、C物体浸入水中的体积不同，测力计的示数不同，浸入的体积越大，测力计的示数越小，则所受的浮力越大，所以可得：在液体的密度一定时，物体浸入液体的体积越大，受到的浮力越大。 【小问3详解】 研究浮力的大小与液体密度的关系，据控制变量法，应控制物体浸入液体中的体积不变，即排开液体的体积不变。 18. 小明同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。 （1）请在图甲中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接________； （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应处于最________（填“左”或“右”）端； （3）闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片过程中，她应注视________（选填“电压表”“电流表”或“滑动变阻器”）的指针变化情况，当停止移动滑片时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是_________（填字母）； A.滑动变阻器接触不良 B．小灯泡短路 （4）排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示为________A，则小灯泡正常发光时的电阻为__________Ω（保留1位小数）。继续实验时，她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因可能是灯丝电阻受________的影响。 【答案】（1） （2）右 （3） ①. 电压表 ②. A （4） ①. 0.26 ②. 9.6 ③. 温度 【解析】 【小问1详解】 电流表应串联在电路中，由图乙可知电流表使用的是小量程，如下图所示 【小问2详解】 为保护电路安全，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端。 【小问3详解】 [1]测量正常发光时的电阻，必须让小灯泡在额定电压下工作，因此移动变阻滑的滑片P，眼睛应先注视电压表的指针变化情况。 [2]电表指针左右摆动，小灯泡也忽明忽暗，说明电路中存在接触不良故障，若小灯泡短路，则小灯泡根本不可能发光。故A符合题意，B不符合题意。 故选A。 【小问4详解】 [1][2]电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.26A，则小灯泡正常发光时的电阻为 [3]灯泡灯丝的电阻是变化的，因为不同电压下灯泡的电流不同、灯丝的温度不同，小灯泡灯丝的电阻受温度的影响。 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 质量为50kg的小明同学在路上租借了一辆自行车，自行车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，他匀速直线骑行1200m，用时300s，求：（g=10N/kg） （1）小明骑车的速度； （2）小明骑车时车对地面的压力和压强； （3）若自行车匀速行驶中所受阻力为人和车总重的0.1倍，小明骑车的功率。 【答案】（1）4m/s （2） （3）240W 【解析】 【小问1详解】 小明骑车的速度 【小问2详解】 小明骑车时，车的总重力 小明骑车时，车对地面的压力等于车的总重力为600N，对地面的压强 【小问3详解】 匀速行驶时，自行车所受的牵引力等于所受的阻力 F=f=0.1G总=0.1×600N=60N 小明骑车的功率 20. 某电热取暖器的简化电路如图所示，R1、R2为发热电阻。取暖器工作时，通过开关S1和S2实现低温、高温的挡位控制。已知高温挡功率为1320W，R1=55Ω。求： （1）只闭合开关S1，电路处于低温挡还是高温挡？为什么； （2）取暖器低温挡工作时通过R1的电流及R1的电功率； （3）R2的阻值。 【答案】（1）低温挡 （2）4A，880W （3）110Ω 【解析】 【小问1详解】 由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中的总电阻最小，据 知，电路中的总电功率最大，处于高温挡；S1闭合、S2断开时，电路中只有R1工作，电路中的电阻最大，据 知，电路中的总电功率最小，处于低温挡。所以，只闭合开关S1，电路处于低温挡。 【小问2详解】 取暖器低温挡工作时，电路中只有R1工作，根据欧姆定律可得，通过R1的电流为 根据可得，R1的电功率为 即为低温挡的电功率。 【小问3详解】 高温挡工作，R2消耗的功率为 根据可得，R2的阻值为 六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题6分，第22题6分、23小题7分，共19分。 21. 如图所示，这是用压强计做“探究影响液体内部压强的因素”的实验。 （1）使用U形管压强计之前应用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的水面能灵活升降，则说明该装置_______（选填“漏气”或“不漏气”）。实验过程中通过U形管两侧液面的_______来反映液体内部压强的大小，这是利用了________的思想方法； （2）比较图甲和图________，可初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随_________的增加而增大； （3）比较图乙和图丙，能初步得出的结论是：深度相同时，液体的________越大，压强越大。 【答案】（1） ①. 不漏气 ②. 高度差 ③. 转换法 （2） ①. 乙 ②. 深度 （3）密度 【解析】 【小问1详解】 [1]使用形管压强计之前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的水面能灵活升降，则说明该装置不漏气。 [2][3]由转换法知道，压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，液面高度差越大，液体的压强越大。 【小问2详解】 [1][2]研究液体压强与深度的关系时，应控制液体密度相同，改变深度，所以，应该比较图甲、乙。探头在液体的深度越深，U形管两边液面的高度差就越大，表示探头处液体的压强越大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而最大。 【小问3详解】 盐水的密度大于水的密度，图乙和图丙中探头所处深度相同，丙图U形管液面高度差较大，说明探头所受到的液体压强较大，能初步得出的结论是：液体深度相同时，液体的密度越大，压强越大。 22. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中： （1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝_________cm； （2）将蜡烛、凸透镜和光屏放在光具座上，使烛焰、凸透镜和光屏的中心在_________； （3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此时所成的像是倒立的实像，实际生活中应用为_________（选填“投影仪”或“照相机”）。若保持透镜位置不变，移动蜡烛至_________刻度线处，再移动光屏能呈现等大清晰的像； （4）此凸透镜作为照相机镜头，当照完一个人的半身照，然后照全身照，照相机与人的距离应_________（选填“变大”、“变小”或“不变”），照相机的镜头应_________（选填“伸出”或“缩回”）。 【答案】 ①. 10.0 ②. 同一高度 ③. 照相机 ④. 30cm ⑤. 变大 ⑥. 缩回 【解析】 【详解】（1）[1]由图甲知，焦点到凸透镜的距离为 60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm 所以凸透镜的焦距为f＝10.0cm。 （2）[2]实验中调节凸透镜和光屏的高度，使他们的中心与烛焰中心大致在同一高度，其目的是使像成在光屏的中央。 （3）[3]由图乙知，物距为 50.0cm-10.0cm=40.0cm 物距大于2倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。 [4]能在光屏上呈现清晰的倒立、等大的实像，此时物距和像距都等于2倍焦距，所以物距为20.0cm，蜡烛的位置为 50.0cm-20.0cm=30.0cm （4）[5][6]此凸透镜作为照相机镜头，当照完一个人的半身照，然后照全身照，此时像要变小，所以物距变大，像距变小，即照相机与人之间距离变大，照相机的镜头应缩回。 23. 阅读下面材料，回答问题。 某智能扫地机器人（如图1）可通过灰尘传感器自动寻找灰尘清扫，通过电动机旋转、产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。当灰尘多时，探测光由于灰尘的吸收和向不同方向散射，导致反射回光敏电阻的光强较小，机器人启动清扫。图2为其部分工作原理图，控制电路电源电压U为4.5V，指示灯电阻为5Ω，定值电阻R0=12Ω，R为光敏电阻，其阻值随光照强度E（单位cd）的变化如图3所示。如表为其部分工作参数（注：电池容量指工作电流与工作总时间的乘积，线圈电阻不计） 额定工作电压 12V（伏） 额定功率 30瓦 电池总容量 2.5Ah（安时） 工作噪音 <50dB（分贝） （1）图2中电磁铁根据电流的________效应工作；电磁铁通电时，上端为________极（填“N”或“S”）； （2）当清扫到一定程度，地面灰尘减少，则电磁铁磁性________（选填“增强”、“不变”或“减弱”），衔铁将与________（选填“A”或“C”）触头接触，清扫停止； （3）检测发现该品牌扫地机器人在光照强度恰好为3cd时电动机开始工作，则相当于电压表示数等于________V时，电动机开始工作； （4）当剩余电量减为电池总容量的10%时，机器人会主动寻找充电器充电，充满电后电池储存的电能为________J；在充满电后到主动寻找充电器期间的电池总容量能够持续供应机器人正常工作________h。 【答案】（1） ①. 磁 ②. N （2） ①. 增强 ②. C （3）3 （4） ①. ②. 0.9 【解析】 【小问1详解】 [1]通电导体周围存在磁场，图2中电磁铁根据电流的磁效应做成的。 [2]电磁铁通电时，电流从上端流入，下端流出，根据安培定则可知，电磁铁上端为N极，下端为S极。 【小问2详解】 [1][2]由图2可知，控制电路的两电阻串联。当清扫到一定程度，地面灰尘减少，使照射到光敏电阻上的光照强度增强，由图3知光照强度与电阻大小成反比，当光照强度增强时，光敏电阻R的阻值变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，控制电路的电路电流变大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，与C触头接触，电动机停止工作。 【小问3详解】 由图3知，光照强度恰好为3.0cd时，光敏电阻R=6.0Ω，因为它与R0串联，故控制电路中总电阻为 控制电路中的电路电流为 电压表测的是R0的两端电压，根据欧姆定律可得，电压表示数为 即当电压表示数等于3V时，电动机开始工作。 【小问4详解】 [1]充满电后电池储存的电能为 [2]根据可得，机器人正常工作的时间为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $