第2章 1-5节综合训练-【学霸黑白题】2024-2025学年新教材高中物理必修第三册(教科版2019)

第1~5节综合训练 白题 单元达标测 限时：40min 一、选择题 A.R,=13002,R2=50002 1(2023·浙江舟山期末)如图 B.R3=4.02,R=4.082 eeeeeeee 所示，一根均匀带负电的长直 C.图甲中使用A、B两个端点时量程为0~ 橡胶棒沿水平方向向右做速度为的匀速直 10V,使用A、C两个端点时，量程为0-3V 线运动.若棒的横截面积为S,单位长度所带 D.图乙中使用A、B两个端点时，量程为0~ 的电荷量为-q(g>0),由于棒的运动而形成的 1A,使用A、C两个端点时，量程为0~0.1A 等效电流的大小和方向分别是 4.(2023·北京丰台期末)某电 A.m向左 B.gS向左 子元件通电后，其电流/随所 C.gw向右 D.qS向右 加电压U变化的图线如图所 2.(2024·吉林长春东北师大附中期中)如图甲 示，P为图线上一点，P点的 所示，横截面都是正方形的三段导体，它们的 坐标为(Un,I),过P点的切线在纵轴上的截 材料和长度都相同，导体B刚好能嵌入导体 距为。，由此图可知 A,导体C刚好能嵌人导体B,现将三段导体按 A.对应P点，该元件的电阻R Ip-lo 图乙方式接入到电路中，则 B.随着所加电压的增大，该元件的电阻减小 R C.对应P点，该元件的功率数值上等于图中 阴影部分的面积大小 D.该元件为非线性元件，欧姆定律不满足，所 甲 A.导体A、B、C的电阻之比为3：2：1 以不能用公式R=求电阻 B.导体A、B、C两端的电压之比为1：2：3 5.(2024·江苏扬州期初)下列关于欧姆表的使 C.流过导体A、C的电流之比为1：3 用和操作正确的是 D.导体A、B、C在相等时间内产生的热量之 比为1：1：4 3.(2023·湖南益阳期末)已知表头的内阻R。 为2002，满偏电流I.为2mA,现将表头改装 A☐B、B☐ 为量程为0~3V和0~10V的双量程电压表 甲 A.欧姆表欧姆调零后，用“×10”挡测量电阻 如图甲及量程为0~0.1A和0~1A的双量程 的阻值，发现表针偏转如图甲所示，为了提 电流表如图乙，则下列说法正确的是( 高测量精度，应换用“×100”挡，重新调零 后再测量 B.用多用电表测量不同的电阻R时，均需要 重新欧姆调零 第二章黑白题065 C.若用多用电表欧姆挡测量某晶体二极管， 大)、定值电阻R(阻值10.02)、滑动变阻器 结果如图乙所示，可知该二极管的正极为 R、待测金属丝、单刀双掷开关K、开关S、导线 B端 若干.图(a)是学生设计的实验电路原理图.回 D.多用电表用完后，将红黑表笔拔出即可 答下列填空： 6.(2023·江苏灌南高级中学质检)如图，用电 流表和电压表测量电阻R,的阻值，c端与b端 金属 相连时，电流表示数为4.60mA,电压表示数 为2.50V,c端与a端相连时，电流表示数为 5.20mA,电压表示数为2.30V,比较这两次结 图间 果正确的是 20 A.电阻的真实值更接近543D,且大于5432 图 B.电阻的真实值更接近5432，且小于5432 (1)实验时，先将滑动变阻器R接入电路的电 C.电阻的真实值更接近4422，且大于4422 阻调至最大，闭合S. D.电阻的真实值更接近4422，且小于4422 (2)将K与1端相连，适当减小滑动变阻器R 二、非选择题 接入电路的电阻，此时电压表读数记为 7.(2023·山西吕梁质检)如图甲所示的实验电 U1,然后将K与2端相连，此时电压表读 路不工作，某同学为排查电路故障，用多用电 数记为U2·由此得到流过待测金属丝的电 表测量各接点间的电压，则应将如图乙所示 流I= 金属丝的电阻r= 的选择开关旋至 (填“A”“B”“C”或 (结果均用R。、U,、U2表示) “D”).在甲图中，若只有b、c间右边的导线断 (3)继续微调R,重复(2)的测量过程，得到多 路，合上开关S,用调节好的多用电表进行排 组测量数据，如表所示： 查，则应发现：两表笔分别与a、b相接时，指针 U/mV 0.570.710.85 1.141.43 (填“偏转”或“不偏转”)：两表笔分 U/mV 0.971.211.451.942.43 别与a、c相接时，指针 (填“偏转”或 (4)利用上述数据，得到金属丝的电阻r= “不偏转”) 14.22 n (5)用米尺测得金属丝长度L=50.00cm.用螺 04 2.51 0 旋测微器测量金属丝不同位置的直径，某 10 -10 红 50 r⊙ 250 次测量的示数如图(b)所示，该读数为d= 500 G mm.多次测量后，得到直径的平 2.51050250500Y 均值恰好与d相等。 8.(2023·全国乙卷)一学生小组测量某金属丝 (6)由以上数据可得，待测金属丝所用材料的 (阻值约十几欧姆)的电阻率现有实验器材： 电阻率p= ×1072·m.(保留 螺旋测微器、米尺、电源E、电压表（内阻非常 2位有效数字)》 必修第三册·JK黑白题0662)2060(3)6d(4)元R(5)没有 体A、C的电流之比为1：2，选项BC错误： D.流过导体A,B.C的电流之比为1：1：2根据Q=子位可知，导体AB。 解析：(1)实物连线如答案图所示 C在相等时间内产生的热量之比为1：1：4.选项D正确故选D. (2)由题图丙可知电阻箱的读数为20602 3.D解析：A.根据电压表的改装，则有/=/(R+R,), (3)要把电压表与待测电阴并联，应把开关S,扳到b位置，开关S 当改装成量程为0-3V和0-10V的双量程电压表时。 扳到d位置， Uw (4)由于电压表是理想电表，电源内阻不计.电阻箱与待测电阻申 R=R,x030-2000=13000.R1=1 -(R,+R)= R 10 联，可得R+RE,RR6,联立解得R元R 2x100-1500=3500,故A错误； (5)设电压表的内阻为Rv,根据中，并联电路的特点，可得 B.根据电流表的改装原理可知，所并联的电阻越小，改装的量程越 RyR RyR. 大，按照并联分流原理.则有 Ry+R U:=RR Ry+R.E. E.U:=RyR. R。-R+R4_IA- R,+R北 乐+龙峨 联新得见之 联立解得风9n,-罗n故B错误： 49 C.电流表改装成电压表，根据串联分压原理可知，串联的电阻越大 可知待测电阻的阳值与电压表的内阻无关，因此待测电阳R,的测量 改装的量程就越大，因此可知，图甲中使用A,B两个端点时，量程为 值没有系统误差。 0-3V,使用A,C两个端点时.量程为0-10V.故C错误： 4.(1)见解析图(2)A(3)29002900偏大 D.电流表表头改装成大量程电流表时，根据并联分流原理可知，并 解析：(1)如图所示 联的电阻越小，则改装后的量程越大，因此可知，图乙中使用A,B 两个端点时，量程为0-1A:使用A、C两个端点时，量程为0-0.1A. 故D正确故选D. 4.C解析：A.对应P点.该元件的电阻为R■ ,A铅错误；B.图像上各 点与原点连线的斜率逐渐减小，则随者所加电压的增大，该元件电阻 逐渐增大，B错误：C.功率为P=U/,则对应P点，该元件的功率数 (2)h.将电阻箱R,的阻值调到零：⊥.把滑动变阻器的滑片P滑到 值上等于图中阴影部分的面积大小，C正确：D.纯电阻元件满足欧姆 端：.闭合开关S:心.调节滑动变阻器R的阳值，使电压表的示数为 定律，与是否方线性元件无关，D错误，故选C 3.0V:总调节电阻箱R。的阻值，使电压表示数为L.5V,读出此时电 5.A解析：A.欧姆表欧姆调零后，用“×10”挡测量电阻的阻值，发现 阻箱R。的阳值：d断开开关S(注意先调零与先移动滑动凌阻器到最 表针偏转如图甲所示，说明电阻读数较大，量程挡位选小了，为了把 大值.前后不影响，故bf的顺序可以颠倒)：故合理的顺序是b 电阻测得更准一些，应换用“×100”挡.重新调零后再测量.故A正 (3)由图丙读出R。的阻值为29001.因是串联关系，则电阻与电压 确：B.换肯时需要重新欧姆调零，不换挡则不需要重新欧姆调零，故 成正比：电压表示数为1.5V,则电阻箱分压为15V,则R、=R。= B错误：C.若用多用电表欧姆挡测量某品体二极管，结果如题图乙所 2900D.因该支路实际电压要比原电压大，即R。的分压要大一些， 示，由图乙可知左图中电阻较大，所测的为二极管的反向电阻：右图 故R、的实际值要小一些.即测量值比真实值大 中电阻较小，测的是正向电阻，则该二极管的正极为A端，故C错误： 第1~5节综合训练 D.为保护电路与多用电表，多用电表使用完后应把开关置于OF 挡，故D错误枚选A. 白题单元达标到 1.A解析：电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动的方向即为电 6。B解析：比较两次电压表读数，可知4U=Q2V,则A业_02 020008, 流的方向.故均匀带负电的长直橡胶棒沿轴线方向做速度大小为· 电流表示数变化4=060ml,则4-060 的匀速直线运动，形成等效电流，电流的方向与：反向，电流方向向 74600130,可得440 左设橡胶棒的长度为1，根据电流强度的定义得1：？，根据题意得 电流变化明显一些，可见电压表内阻带米的影响比电流表内阻带来 460x10厅0=5430，根据 2.50 的影响大，故采用电流表内接法，则R, Q=.1=.解得1=.故选A 2.D解析：A.根据题意，三段导体的横截面积分别为 规律可知电流表内接测量值大于真实值故选B, 54=(3L)2-(2L)2=L2,Sg=(2L)2-2=,5x=2. 7.C不偏转偏转 1 解析：由题意可知选择开关应旋至直流电压挡.即旋至G:若只有6，© 根据电阻计算公式R=PS 间右边的导线断路，两表笔分别与：、b相接时，没有电流通过电表 因为P,1,S均相同.所以三段导体的电阻相同，选项A错视： 指针不偏转：两表笔分别与，c相接时.电流会由a经过电表达到， BC.由电路可知，导体A、B、C两端的电压之比为1：1：2，流过导 指针偏转。 必修第三册·JK黑白题32 8.(2么-44R 8.C解析：B.当电阻箱阻值增大时，总电阻增大，则干路电流变小，内 (5)0.150(6)5.0 R。U2-U 解析：(1)根据题意可知，R,两端的电压为U=2-, 电减小.则路端电压维大，故B错误：A根然函数关系U=R 则流过风，即流过待测金属丝的电流=”_么-凸 RoRo B,U,R为非线性关系，故A船误：CD.当电阻箱阻值趋于无穷大 1+ R 金属丝的电阻= 联立可件产U,一心 UR。 时，路端电压U趋于电动势E,故C正确，D错误故选C (5)螺旋测微器的读数为d=15.0x0.01mm=0.150m 9。AC解析：由题图可知，各个灯泡均为并联逐一闭合开关，被点亮的 灯泡数目增多，并联的支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部 L (6)根据电阻定律rp了，又S=· 总电阻减小，由欧竭定律可知，通过电池的电流增大，则电池的内电 代入数据联立解得p=5.0×107D·m. 压增大，因此路端电压减小，灯泡两端的电压变小，通过各灯的电流 减小，则每个灯泡的亮度会逐渐变暗，故AC正确，BD错误 第6节电源的电动势和内阻闭合电路欧姆定律 10.(1)黑(2)10mA(3)225(4)偏小(5)3.3 白题基过关练第1课时闭合电路欧姆定律及简单应用 解析：(1)由图示可知，甲表笔与欧姆表内置电源正极相连，甲表笔 是黑表笔： 1,A解析：A,手机的锂电池电动势一般为3.7V.干电池电动势一般 (2)测量电阻前.他先进行欧姆调零：将甲，乙表笔短接，调节滑动 为1.5V,手机的锂电池和干电池的电动势是不同的，故A错误，符合 变阳器，使电流表指针指到电阻为零即电流最大的地方(10mA): 题意：B.电动势￡的单位与电势，电势差的单位相同，都是伏特V,故 B正确，不符合题意：C.由电动势E可表示为E=”可知，在移动等 (3)欧姆表内阻R内= 10x100=1500,指针指在电流表刻 E1.5 量正电荷的情况下，电源内非静电力做功越多，电动势越大，故C正 度的4m1处，由闭合电路做鹅定律得4x10A=,15V 50+R,解得 确，不符合题意：D.电动势越大，表示电源内部将其他形式能转化为 R.=2252: 电能的本领越大，故D正确，不符合题意故选A (4)若误将甲，乙两表笔分别接在了图中的a,c两点，由图示电路图 2.D 可知，两电池申联，相当于欧姆表内置电源电动势E变大，由闭合电 3.C解析：A.电流乘以时问得到电简量，故电流的单位乘以时间的单 路欧姆定律可知，电路电流变大，欧婚表指针向右偏转，欧姆表示数 位是电荷量的单位，故铭牌中的mA,h是电荷量的单位，故A错误： 变小，R的测量结果偏小： B.由W=Uh可知.笔记本电池能储存的能量为取，=U=1山.1× (5)欧姆表内阻等于中值电阻.中间刻度值为15D的欧姆表，其内阻 4400×103×3600J=175824J. E1.5 手机电池储存的能量为W:=h=3.8×3000×103×360J=41040J. 为15./= A=0,1A,把电流表改装成0.IA的电流表需要 收”码-4放错 n=330 并联分流电阻，分流电阻阻值：代- C.手机电池放电时能输出的总电荷量约为300mA·h=3000× 黑题应用握优练 103×3600C=1,08×10G.故C正确： 1,B解析：电动势的跃升集中在两极，电流通过电阻，电婷下降：甲图 D.若该手机待机电流为15mA,则其最长待机时间为 中外电阻为零，与③对应：乙图中电路断路，与②对应：丙图中电流通 3000mA·h=200h.故D错误.故选C 过外电阻，电势下降，与①对应.故选B. 15 mA 4.C解析：旧电池的电动势与新电池相比略减小，但是旧电泡的内阻 2.B解析：由图分析知R= 了，R增大则电压表的示数U和电流表的 明显增加，从而对玩具车输出的电压不能达到玩具车的额定电压，从 示数/的比值变大，故A错误.根据闭合电路欧姆定律得U=E一 而不能使玩具车正常工作：由于遥控器的阻值较大，电池的输出电压 达到了遥控器的额定电压.从面能使遥控器正常工作，故迹G 《r小，由数学知识得知=儿，保持不变，放B正确用合行 5.(1)18J(2)14.4J(3)3.6J 关S,增大可变电阻R的阻值后.电路中电流减小，由欧姆定律分析 解析：(1)W=Eg=18J,电路中共有18」其他形式的能转化为电能： 可知，电阻R。两端电压减小，R两端电压增大，而它们的总电压即路 (2)W,==14.4J.外电路中共有14.4J电能转化为其他形式的能： 端电压增大，所以电阻R。两端的电压减小量小于△U,故C错误.电 (3)由能量守恒求出F,=W-W,=3.6J.内电路中有3.6」电能转化 容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大 为其他形式的能 带电荷量增大，增大量为C△U,故D错误， 6.A 3.C解析：AB.由闭合电路欧妈定律得，满偏时E=1(R++R), 7.A解析：当开关S从位置1切换到位置2时，发现电流表示数变为 原来的1.5倍，则R,=20n,R=12 接人R=00n的电阻时，表头指在3m,得E=子(R+r+R 根据E=(R,+r),E▣1.5(R3+r),得r=4. R1》. 电源电动势无法得出.故选A. 联立解得+r=580,E=3V,AB错误： 参考答案与解析黑白题33