5.2.1 自由组合定律的发现（课件PPT）-【创新方案】2025年高考生物一轮总复习（新教材Ⅰ）

基因的自由组合定律 第二讲 课标要求 3.2.3阐明有性生殖中基因的分离和自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状 自由组合定律的发现 第1课时 目录 1.自主学习单 2.深化学习单 基础为主打 · 学生为主体 能力为主攻 · 教师为主导 创新为主线 · 优化为主调 3.发展报告单 4.素养提升训练 基础为主打 · 学生为主体 自主学习单 01 (一)教材中的主旨语句要“悟透” 1．两对相对性状遗传时，互不干扰，每对性状的遗传都遵循分离定律。 (1)F1 在产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合。 ( ) (2)孟德尔两对相对性状的杂交实验中，F2的黄色圆粒中，只有基因型为YyRr的个体是杂合子，其他的都是纯合子。 ( ) √ × (3)某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为1/8。 ( ) (4)自由组合定律可用于分析两对或两对以上的相对性状的遗传。 ( ) √ √ (5)若基因型为AaBb的个体测交后代出现四种表型，但比例为42%∶8%∶8%∶42%，试解释出现这一结果的可能原因。 提示：A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，且部分初级性母细胞中同源染色体的非姐妹染色单体发生互换，产生四种类型配子，其比例为42%∶8%∶8%∶42%。 2．基因的自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 (1)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的雄配子和雌配子可以自由组合。 ( ) (2)减数分裂过程中，等位基因彼此分离，非等位基因表现为自由组合。 ( ) × × (3)受精过程中各种基因型的雌雄配子的结合是随机的。 ( ) (4)验证动物基因的遗传是否符合自由组合定律的方法是_______。验证植物基因的遗传是否符合自由组合定律的方法有_______________。 √ 测交法 自交法、测交法 (二)知识点间的关系要“融通” 1．一图理清自由组合定律的假说—演绎过程 黄色圆粒 两对 自由组合 随机 yyrr 2．两图解析自由组合定律 (1)内容分析 真核生物 细胞核遗传 (2)细胞学基础(以精细胞的形成为例) 等位基因 非同源染色体 上的非等位基因 3．两表理清孟德尔成功的原因及遗传规律的应用 (1)孟德尔获得成功的原因 材料 正确选择豌豆作实验材料 研究对象 由一对相对性状到多对相对性状 处理结果 对实验结果进行_______分析 方法 运用____________法 统计学 假说—演绎 (2)孟德尔遗传规律的应用 优良性状 (三)教材潜在的命题导向要“发掘” 1．(必修2 P9“问题探讨”拓展思考)图示中黄粒、绿粒的颜色是豌豆种皮的颜色吗？被子植物有双受精现象，豌豆种子黄色、绿色部分由什么发育而来？ 提示：黄粒、绿粒的颜色不是豌豆种皮的颜色，而是子叶的颜色；该部分是由受精卵发育来的。 2．(必修2 P13“正文”拓展)某生物兴趣小组利用现有抗病抗倒伏小麦(ttDd)，获得纯合的抗病抗倒伏小麦的实验思路是什么？ 提示：让抗病抗倒伏小麦(ttDd)自交，淘汰抗病不抗倒伏小麦，再连续自交并选择，直到不发生性状分离为止。 3．(必修2 P14“拓展应用T3”改编)已知人类双眼皮形成的原因是眼睑中提上睑肌纤维发育完全，由显性基因(A)控制。某人的父母是单眼皮，自己是双眼皮。你能合理解释这种现象吗？这对你理解基因型和表型的关系有什么启示？ 提示：可能其父母含有A基因但由于环境因素的影响，其父母眼睑中提上睑肌纤维发育不完全，或者其虽然不含A基因，但是眼睑中提上睑肌纤维发育完全，表现为双眼皮；生物体的表型由基因型决定，同时受环境因素的影响。 能力为主攻 · 教师为主导 深化学习单 02 提能点(一)　孟德尔两对相对性状的杂交实验分析 |精|要|点|拨|　 1．用分离定律分析两对相对性状的杂交实验 (1)过程分析 (2)结果分析(F2共4种表型、9种基因型) 2．基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比例 3．两对性状的分离比和自由组合定律的实质 (1)F2出现9∶3∶3∶1的4个条件 ①所研究的两对等位基因要位于非同源染色体上。 ②不同类型的雌雄配子都能发育良好，且受精的机会均等。 ③所有后代都处于相同且适宜的环境中，而且存活率相同。 ④供实验的群体要足够大，个体数量要足够多。 (2)对自由组合定律实质的理解 ①自由组合的对象是非同源染色体上的非等位基因，而“非等位基因”是指不在同源染色体相同位置上的不同基因，同源染色体上及同一条染色体上都有“非等位基因”。 ②这里的“基因自由组合”发生在配子形成(减数分裂 Ⅰ 后期)过程中，不是发生在受精作用过程中。 4．多对基因控制生物性状的分析 n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律 亲本相对 性状的对数 F1配子 F2表型 F2基因型 种类 比例 种类 比例 种类 比例 1 2 (1∶1)1 2 (3∶1)1 3 (1∶2∶1)1 2 22 (1∶1)2 22 (3∶1)2 32 (1∶2∶1)2 n 2n (1∶1)n 2n (3∶1)n 3n (1∶2∶1)n |典|题|例|析|　 [例1]　基因自由组合定律的实质是(　 ) A．子二代性状的分离比为9∶3∶3∶1 B．子二代出现与亲本性状不同的新类型 C．在进行减数分裂形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合 D．在等位基因分离的同时，所有非等位基因自由组合 √ [解析]　基因自由组合定律的实质是在进行减数分裂形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，C正确。 [例2]　某二倍体植物(2n＝24)的红花与白花受三对等位基因(A/a，B/b和D/d)控制，同时含有A、B与D基因的植株开红花，其余的植株开白花。现有甲、乙、丙三个白花植株品系，分别与同一红花品系杂交，F1均为红花，F1自交，F2的表型及比例分别是红花∶白花＝48∶16、红花∶白花＝36∶28、红花∶白花＝27∶37。 (1)该植物体细胞中有24条染色体，花粉母细胞经减数分裂产生的雄配子中含有12条染色体，原因是______________________________ __________________________________________________________。 (2)纯种白花品系可能的基因型有________种，甲白花品系的基因型可能是____________________。 (3)上述三个杂交结果中，能证明控制红花与白花的三对等位基因遵循自由组合定律的是__________________________________，判断依据是______________________________________________________ _________________________________________________________。 [解析]　(1)在减数分裂时，染色体只复制一次，细胞连续分裂两次，导致配子中染色体数目减半。 (2)由题干可知，红花和白花受三对等位基因控制，共有纯合子8种，其中AABBDD为红花纯种，则纯种白花品系可能的基因型有7种；甲与红花杂交，F1为红花，F1自交产生的F2中红花∶白花＝3∶1，则F1红花的基因型可能为AaBBDD、AABbDD、AABBDd，推测出甲品系的基因型为一对基因是隐性，另外两对基因是显性纯合，即aaBBDD、AAbbDD、AABBdd。 (3)题述三个杂交结果中，能证明控制红花与白花的三对等位基因遵循自由组合定律的是红花∶白花＝27∶37，判断依据是F2中红花植株占27/64＝(3/4)3。 [答案]　(1)在减数分裂时，染色体只复制一次，细胞连续分裂两次　(2)7　aaBBDD、AAbbDD、AABBdd　(3)红花∶白花＝27∶37　F2中红花植株占27/(27＋37)＝3/4×3/4×3/4，据此推测控制花色的三对等位基因遵循自由组合定律 [思维建模] 判断控制性状的等位基因对数的方法 (1)若F2中显性性状的比例为(3/4)n，则该性状由n对等位基因控制。 (2)若F2中子代性状分离比之和为4n，则该性状由n对等位基因控制。 　　   题点1　两对相对性状的杂交实验 1．孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2。下列有关叙述正确的是(　 ) A．黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律 B．F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提 C．从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9 D．若自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，后代出现绿色皱粒的概率为1/81 解析：连锁的两对等位基因也遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误； √ F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；从F2的绿色圆粒植株yyRR或yyRr中任取两株，这两株基因型相同的概率为1/3×1/3＋2/3×2/3＝5/9，故基因型不同的概率为4/9，C正确； 若自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生基因型为yyrr的绿色皱粒豌豆，故后代出现绿色皱粒的概率为4/9×1/16＝1/36，D错误。 2．(2024·丹东期末)利用豌豆的两对相对性状(独立遗传)进行杂交实验，其中子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子圆粒(R)对皱粒(r)为显性。现用纯合黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆作亲本杂交，得F1，F1自交得F2。下列相关叙述正确的是(　 ) A．F1产生的基因型为YR的卵细胞和基因型为YR的精子数量相同 B．在F1黄色圆粒豌豆自交产生的F2中，有4种表型、4种基因型 C．F1与双隐性个体杂交，后代表型会出现1∶1∶1∶1的比例 D．自由组合定律的实质是等位基因分离的同时，所有非等位基因自由组合 √ 解析：F1产生基因型为YR的卵细胞和基因型为YR的精子数量不相等，因为精子数量远远多于卵细胞数量，A错误； 在F1自交产生的F2中，有4种表型、9种基因型，B错误； F1与双隐性个体杂交，后代表型会出现yyRr∶yyrr∶YyRr∶Yyrr＝1∶1∶1∶1的比例，C正确； 自由组合定律的实质是同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错误。 题点2　自由组合定律的实质和适用条件 3．(2024·衡阳期末)某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。现用基因型为AABBCC的个体与aabbcc的个体杂交得到F1，对F1进行测交，结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbCc∶Aabbcc＝1∶1∶1∶1，则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是(　 ) √ 解析：对F1(AaBbCc)进行测交，由于aabbcc只能产生一种abc类型的配子，而测交子代基因型的种类及比例为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbCc∶Aabbcc＝1∶1∶1∶1，说明AaBbCc产生了abc、ABC、aBC、Abc 4种配子，则B和C基因、b和c基因分别位于同一条染色体上，A正确。 4．(2024·重庆检测)果蝇的正常眼和棒眼、黑背和彩背为两对相对性状，分别由等位基因A/a、B/b控制。现有4种纯合品系果蝇：正常眼黑背、正常眼彩背、棒眼黑背、棒眼彩背，某小组对果蝇两对性状进行研究，用正常眼黑背雌果蝇和棒眼彩背雄果蝇杂交，得到F1都是正常眼黑背果蝇，让F1相互交配，F2结果如下表所示。该小组同学在统计结果时，由于疏忽只统计了个体的性状数量，未统计F1、F2果蝇中雌雄的性别数量。(不具体区分在几号染色体上，不考虑X染色体与Y染色体的同源区)。下列说法正确的是(　 ) F2表型 正常眼黑背 正常眼彩背 棒眼黑背 棒眼彩背 数量 272 90 89 31 A．果蝇的黑背和彩背性状中，彩背是显性性状 B．表中数据不能确定等位基因A/a、B/b是否可以独立遗传 C．根据题意等位基因A/a、B/b在染色体上的位置关系有4种可能 D．进行一次杂交即可确定等位基因A/a、B/b在染色体上的位置关系 √ 解析：根据题意分析，具有两对相对性状的纯合亲本杂交，F1表现为黑背，F2中黑背∶彩背＝3∶1，由此可确定黑背为显性性状，A错误。 F2出现9∶3∶3∶1的性状分离比，符合基因的自由组合定律，故等位基因A/a、B/b是独立遗传的，B错误。 根据题意等位基因A/a、B/b在染色体上的位置关系有3种可能，C错误。 选择纯合正常眼黑背个体作父本，纯合棒眼彩背个体作母本，相互交配，统计子代雄果蝇的表型(或统计子代出现的结果)即可，若子代雄果蝇全为正常眼黑背，则A/a、B/b都位于常染色体上，且为非同源染色体；若子代雄果蝇全为正常眼彩背，则A/a位于常染色体上，B/b位于X染色体上；若子代雄果蝇全为棒眼黑背，则A/a位于X染色体上，B/b位于常染色体上，D正确。 提能点(二)　自由组合定律的常规题型解题强化 题型(一) 根据亲本基因型推断配子及子代相关种类及比例 [例1]　(2023·全国乙卷)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。 为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(　 ) A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死 B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb C．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb D．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4 [解析]　实验①宽叶矮茎植株(A_bb)自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1，可推知亲本宽叶矮茎植株的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎植株的基因型也为Aabb，故A基因纯合致死；实验②窄叶高茎植株(aaB_)自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1，可推知亲本窄叶高茎植株的基因型为aaBb，子代中窄叶高茎植株的基因型也为aaBb，故B基因纯合致死，A、B正确。   √ 由以上分析可知，A基因及B基因纯合致死，若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb，C正确。 将宽叶高茎植株(AaBb)进行自交，子代植株的基因型为4/9AaBb、2/9Aabb、2/9aaBb、1/9aabb，其中纯合子所占的比例为1/9，D错误。 [例2]　(2024·枣庄月考)某雌雄同株植物中，基因型AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因型BB和Bb控制红色花瓣，基因型bb控制白色花瓣；这两对等位基因独立遗传。基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株；F1自交得F2。下列有关叙述错误的是(　 ) A．该植物最多有9种基因型，6种表型 B．若F2有5种表型，则无花瓣的F2自交，子代共有三种基因型 C．若F2有3种表型，则两亲本的基因型分别为AABB、aaBB D．若F1的基因型为AaBb，F2中无花瓣植株中纯合子占1/2 √ [解析]　该植物最多有9种基因型，5种表型，A错误； 若F2有5种表型，无花瓣的基因型是aa__，则无花瓣的F2自交后代都是无花瓣，共有aaBB、aaBb、aabb三种基因型，B正确； 若F2有3种表型，则F2基因型可能为AA、Aa、aa，分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣，只有A/a这对基因发生性状分离，第二对基因纯合稳定遗传，则两亲本的基因型分别为AABB、aaBB，F1的基因型为AaBB，全部为红色小花瓣植株，C正确； 如果F1的基因型是AaBb，F2无花瓣的基因型是aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1，纯合子占1/2，D正确。 |精|要|点|拨|　 1．拆分法 (1)基因型(表型)种类、 概率及比例的计算 (2)配子种类及概率的计算 2.棋盘法 3．分支法 将多对等位基因的自由组合分解为每对基因按分离定律分析，再运用乘法原理进行组合。示例如下： 题型(二) 根据子代表型及比例推断亲本基因型 [例3]　豌豆中，子粒黄色(Y)和圆粒(R)分别对绿色(y)和皱粒(r)为显性，现将黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交得到的F1自交，F2的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，则亲本的基因型为(　 ) A．YYRR×yyrr B．YyRr×yyrr C．YYRr×yyrr D．YyRR×yyrr √ [解析]　根据F2的表型及比例可知，圆粒∶皱粒＝3∶1，所以F1关于子粒形状的基因型是Rr，亲本圆粒和皱粒的基因型分别是RR和rr；黄色∶绿色＝3∶5，则F1中关于子粒颜色存在两种基因型，一种自交子代中黄色∶绿色＝3∶1，则其基因型是Yy，另一种自交子代全为绿色，则其基因型是yy，因此亲本黄色和绿色的基因型分别是Yy和yy；综上所述，结合亲本表型，亲本基因型是YyRR和yyrr。 [例4]　已知玉米的抗旱(A)对不抗旱(a)为显性，多颗粒(B)对少颗粒(b)为显性，两对相对性状独立遗传。现有一袋抗旱多颗粒玉米种子，这些种子种下后让其随机受粉，统计子代的表型及比例，结果为抗旱多颗粒∶抗旱少颗粒∶不抗旱多颗粒∶不抗旱少颗粒＝24∶8∶3∶1。下列相关叙述正确的是(　 ) A．这袋玉米种子中基因型为AaBb的种子占1/4 B．这袋玉米种子中基因型为AABB的种子占1/4 C．子代抗旱多颗粒种子中纯合子所占比例为1/6 D．若子代不抗旱多颗粒种子种下后自交，后代少颗粒占1/4 √ [解析]　分析题意可知，抗旱多颗粒玉米种子A_B_随机交配后，对两对相对性状单独进行分析，抗旱∶不抗旱＝8∶1，故子代中aa占1/9，可知a配子占1/3，A配子占2/3，可推出亲本中基因型为AA∶Aa＝1∶2；多颗粒∶少颗粒＝3∶1，可推出亲本只有Bb一种基因型，则这袋玉米种子中基因型为AaBb的种子占2/3，A、B错误。 子代抗旱多颗粒种子中纯合子所占比例为1/6，C正确。 若子代不抗旱多颗粒种子种下后自交，即1/3aaBB、2/3aaBb自交，后代少颗粒(aabb)占2/3×1/4＝1/6，D错误。 |精|要|点|拨|　 1．基因填充法 根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处填完整，特别是要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。 2．“逆向组合法”推断亲本基因型问题 (1)解题思路：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法定理进行逆向组合。 (2)列举常见的几种分离比 题型(三) 自交与自由交配表型及比例的推断与相关计算 [例5]　在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，用纯合的黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本杂交得F1，F1全为黄色圆粒，F1自交得F2。在F2中，①用绿色皱粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；②用绿色圆粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；③让黄色圆粒自交，三种情况独立进行实验，则子代的表型比例分别为(　 ) A．①4∶2∶2∶1　②15∶8∶3∶1　③64∶8∶8∶1 B．①3∶3∶1∶1　②4∶2∶2∶1　③25∶5∶5∶1 C．①1∶1∶1∶1　②6∶3∶2∶1　③16∶8∶2∶1 D．①4∶2∶2∶1　②16∶8∶2∶1　③25∶5∶5∶1 [解析]　①若用绿色皱粒人工传粉给黄色圆粒豌豆，F2中绿色植株的基因型为yy，杂交后代表型的比例为2∶1；F2中皱粒植株的基因型为rr，杂交后代表型的比例为2∶1，综合分析，两对性状杂交子代表型比例为(2∶1)×(2∶1)＝4∶2∶2∶1。 √ ②用绿色圆粒人工传粉给黄色圆粒豌豆，F2中绿色植株的基因型为yy，杂交后代表型的比例为2∶1；F2中圆粒植株的基因型为1/3RR、2/3Rr，杂交后代表型的比例为8∶1，综合分析，两对性状杂交子代表型比例为(2∶1)×(8∶1)＝16∶8∶2∶1。 ③让黄色圆粒自交，F2中圆粒(1/3RR、2/3Rr)植株自交，子代表型比为5∶1；F2中黄色(1/3YY、2/3Yy)植株自交，子代表型比为5∶1，综合分析两对性状的子代表型比例为(5∶1)×(5∶1)＝25∶5∶5∶1。 |精|要|点|拨|　 纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得子一代，子一代再自交得子二代，若子二代中黄色圆粒豌豆个体和绿色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如下表所示。熟知和理解这些比例产生的原因是解答此类题的关键。 项目 表型及比例 Y_R_ (黄圆) 自交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1 测交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1 自由交配 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶1 yyR_ (绿圆) 自交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1 测交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1 自由交配 绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1 题点1　已知亲代求子代的“顺推型”问题 1．由非同源染色体上四对等位基因控制的两株植物杂交，即AaBbDdEE×AaBbDDee，下列有关叙述正确的是(　 ) A．子代中不同于亲本基因型的个体占3/4 B．子代中能稳定遗传的比例是1/8 C．子代中一对基因杂合、三对基因纯合的比例是1/8 D．子代中每对性状均为显性的概率是9/32 √ 解析：由于EE×ee所得子代的基因型只有Ee，则子代的基因型全部不同于亲本，A错误； 子代中能稳定遗传的个体即纯合子所占比例为1/2×1/2×1/2×0＝0，B错误； 子代中一对基因杂合、三对基因纯合的比例为1Ee×(1/4AA＋1/4aa)×(1/4BB＋1/4bb)×1/2DD＝1/8，C正确； 子代中每对性状均为显性的概率为3/4(A_)×3/4(B_)×1(D_)×1(Ee)＝9/16，D错误。 2．某植物雌雄同株，开单性花。将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体(两对等位基因独立遗传)按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F1，F1分别测交。下列相关分析正确的是(　 ) A．F1共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16 B．F1共有4种基因型，纯合子所占的比例为1/4 C．F1中两种性状均为显性的个体所占的比例为105/256 D．测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体在F1中所占的比例是9/64 √ 解析：基因型为AaBb的个体可以产生AB、Ab、aB、ab四种配子，基因型为aaBB的个体只能产生aB的配子，根据题意可求得雌雄配子的种类及比例分别是1/8AB、1/8Ab、1/8ab、5/8aB，利用棋盘法可求出F1的基因型有9种，纯合子占1/64＋1/64＋25/64＋1/64＝7/16，A正确，B错误； F1中两种性状均为显性的个体基因型为A_B_，所占比例为25/64，C错误； 测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体基因型为AaBb，在F1中所占的比例为3/16，D错误。 题点2　已知子代求亲代的“逆推型”问题 3．某动物毛色由常染色体上三对独立遗传的等位基因(A/a、B/b和D/d)控制，其机理如图所示，相应隐性基因a、b和d无图中功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比。在不考虑突变的情况下，下列有关叙述错误的是(　 ) A．亲本组合是AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd B．F2中表型为黄色的个体基因型有21种 C．F2中褐色个体相互交配会产生一定数量的黑色个体 D．F2褐色个体中纯合子的比例为1/3 解析：分析题意可知，F2中褐色个体(A_bbdd)占3/64＝3/4×1/4×1/4，因此F1的基因型为AaBbDd，亲本为黄色纯合品种，其基因型组合可以是AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd，A正确； √ F2中基因型一共有3×3×3＝27(种)，其中褐色(A_bbdd)有2种，黑色(A_B_dd)有2×2＝4(种)，因此表型为黄色的个体基因型有27－2－4＝21(种)，B正确； 不考虑突变的情况下，F2中褐色个体(A_bbdd)相互交配不会产生黑色个体(A_B_dd)，C错误； F2褐色个体(A_bbdd)中纯合子(AAbbdd)的比例为1/3，D正确。 4．(2024·重庆模拟)两对均为完全显性且独立遗传的等位基因A、a和B、b，分别控制豌豆的两对相对性状，植株甲和植株乙进行杂交。下列相关叙述正确的是(　 ) A．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb B．若子一代出现1∶1∶1∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aabb C．若子二代出现9∶3∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AABB×aabb D．若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本的杂交组合可能有4种情况 √ 解析：3∶1∶3∶1可拆分为(3∶1)×(1∶1)的分离比，说明两亲本中一对基因为杂合子自交型，另一对基因为测交型，所以两亲本的基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb，A错误； 1∶1∶1∶1可拆分为(1∶1)×(1∶1)，说明亲本中的两对基因均为测交型，所以两亲本的基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb，B错误； 同理可判断，C错误，D正确。 题点3　两对或多对基因控制生物性状的问题 5．豌豆的红花对白花为显性，若花色受两对或多对独立遗传的等位基因(A/a、B/b、C/c……)控制，当植株的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花，那么两株基因型不同的开白花的豌豆植株杂交(不考虑染色体互换)，下列有关后代花色的叙述，错误的是(　 ) A．控制豌豆花色的基因的遗传遵循孟德尔的遗传规律 B．若花色性状受两对等位基因控制，则后代可能都开白花 C．若花色性状受两对等位基因控制，则后代中红花可能占1/4 D．若花色由三对等位基因控制，则后代中开白花的最大比例为1/2 √ 解析：据题意可知，豌豆花色受两对或多对独立遗传的等位基因控制，故控制豌豆花色的基因的遗传遵循孟德尔的遗传规律，A正确； 若花色性状受两对等位基因控制，则后代可能都开白花，如亲本基因型组合为Aabb×aabb，B正确； 若花色性状受两对等位基因控制，则后代中红花可能占1/4，如亲本基因型组合为Aabb×aaBb，C正确； 若花色由三对等位基因控制，后代中开白花的最大比例为1，如亲本基因型组合为AAbbcc×aabbcc，D错误。 6．(2024·惠州一模)某二倍体植物的籽粒颜色(红/白)由若干对独立遗传的等位基因(A/a、B/b、C/c……)控制，显性基因(A、B、C……)决定红色，每个显性基因对粒色增加效应相同且具叠加性，隐性基因(a、b、c……)决定白色。现有若干个红色籽粒(均为纯合子)与白色籽粒的杂交组合(先杂交得F1，F1自交得F2)中出现了如表三种情况，根据以下数据分析，下列说法错误的是(　 ) 组合1的F2 中等红粒∶淡红粒∶白粒＝1∶2∶1 组合2的F2 深红粒∶次深红粒∶中等红粒∶淡红粒∶白粒＝1∶4∶6∶4∶1 组合3的F2 极深红粒∶暗红粒∶深红粒∶次深红粒∶中等红粒∶淡红粒∶白粒＝1∶6∶15∶20∶15∶6∶1 A.该植物籽粒颜色至少由3对等位基因控制 B．三组杂交组合中的F2的中等红粒的基因型相同 C．三组杂交组合中的红色亲本的红色颜色深浅不一样 D．杂交组合2的F2中等红粒中，能够稳定遗传的占1/3 √ 解析：根据杂交组合3中F2的表型比例总和为64可知，该植物籽粒颜色至少由3对等位基因控制，A正确； 杂交组合1、2、3中F1分别含1对杂合基因、2对杂合基因、3对杂合基因，F1自交得到的F2中的中等红粒含有两个显性基因，故三组杂交组合中F2的中等红粒的基因型不一定相同，B错误； 根据三种杂交组合F2中的表型比例总和可知，杂交组合1中的红色亲本只含有2个显性基因，杂交组合2中的红色亲本含有4个显性基因，杂交组合3中的红色亲本含有6个显性基因，C正确； 结合C项分析推知，杂交组合2的F1的基因型是AaBb，则F2中等红粒的基因型及比例为AaBb∶AAbb∶aaBB＝4∶1∶1，则能够稳定遗传的占1/3，D正确。 创新为主线 · 优化为主调 发展报告单 03 热考题型多维考法精研——多基因组合中的显隐性及 相关比例问题分析 典题精研————研一题，悟一法　 [典例]　(2023·全国甲卷)水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a)：基因A1控制全抗性状(抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状(抗部分菌株)，基因a控制易感性状(不抗任何菌株)，且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是(　 ) A．全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 B．抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1 C．全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1 D．全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 √ [考法分析] 在近年高考中常出现多基因的试题，多数是考查基因分离定律实质和自由组合定律的应用。本题巧妙地借助多个基因控制性状的不同表达情况考查遗传规律的实质。追根溯源，本题考查的内容是基因分离定律的实质。根据分离定律可推断全抗植株的基因型是A1A1、A1A2、A1a，抗性植株的基因型是A2A2或A2a，易感植株的基因型是aa。 全抗植株与抗性植株有六种交配情况：A1A1与A2A2或A2a交配，后代全是全抗植株；A1A2与A2A2或A2a交配，后代全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2A2交配，后代全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2a交配，后代全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1。抗性植株A2A2或A2a与易感植株aa交配，后代全为抗性，或为抗性∶易感＝1∶1。全抗与易感植株杂交，若是A1A1与aa，后代全为全抗，若是A1A2与aa，后代为全抗∶抗性＝1∶1，若是A1a与aa，后代为全抗∶易感＝1∶1。　　 升维训练————得一法，通一类　 1．(2024·合肥质检)某自花受粉植物花的颜色有紫色和白色两种表型，现有紫花品系和多种白花品系(品系皆为纯合子)，通过杂交发现：紫花品系植株间杂交，以后各代都是紫花；不同的白花品系间杂交，有的F1都开紫花，有的F1都开白花；紫花品系和不同白花品系杂交，F2中的紫花和白花性状分离比有3∶1、9∶7、81∶175等，所有杂交组合中，F2中开紫花的最小概率为243/1 024。据此推测，下列说法不合理的是(　 ) A．控制植株该对花色的基因有5对，符合自由组合定律 B．紫花品系只有1种基因型，而白花品系有5种基因型 C．白花品系间杂交，若F1为白花，则F2及以后各代也皆为白花 D．白花品系间杂交，若F1为紫花，则F1植株至少存在两对等位基因 √ 解析：据题意分析可知，所有杂交组合中，F2开紫花的最小概率为243/1 024＝(3/4)5，说明控制植株该对花色的基因至少有5对，符合自由组合定律，A正确； 据题意可知，F2中开紫花的比例为(3/4)n，因此每对基因中都有显性基因时才开紫花，纯合紫花品系的基因型只有一种，花色的性状至少由5对等位基因控制，故纯合子共有25＝32(种)，因此白花品系有32－1＝31(种)基因型，B错误； 白花品系间杂交，若F1为白花，说明这些白花品系中至少有一对是相同的隐性纯合子(比如这些白花品系是aaBBCCDDEE、aaBBccDDEE等，都含有aa)，则F2及以后各代也皆为白花，C正确； 据题意分析可知，白花品系中至少含有一对隐性纯合子，白花品系间杂交，若F1为紫花，则F1植株至少存在两对等位基因，D正确。 2．(2024·日照一模)水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育基因的表达，进而使植株可育。某小组选取甲(雄性不育)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育，让F1自交并单株收获、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育＝13∶3。下列说法错误的是(　 ) A．亲本的基因型为Mmnn和mmNN B．F2中雄性可育植株的基因型共有7种 C．F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为23/32 D．从F2中选择两种雄性可育株杂交，后代中雄性不育株所占比例最高为1/2 √ 解析根据题意，M_N_、mmN_、mmnn均为雄性可育植株，M_nn为雄性不育植株。选取甲(雄性不育M_nn)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F1均表现为雄性可育(一定都存在N基因)，让F1自交并单株收获、种植，得到的F2植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育＝13∶3，说明F1存在两种基因型，其中一种基因型为MmNn，另一种基因型自交后代为雄性可育，说明不存在M基因，甲的基因型为M_nn，所以F1的另一种基因型为mmNn，即甲的基因型为Mmnn，与乙杂交得到mmNn∶MmNn＝1∶1，因此亲本的基因型为Mmnn和mmNN，A正确； 与水稻育性相关的基因型共有9种，雄性不育植株的基因型为MMnn、Mmnn，F1的基因型为1/2mmNn、1/2MmNn，F2中可出现与水稻育性相关的所有基因型，则F2中雄性可育植株的基因型共有7种，B正确； F1的基因型为1/2mmNn、1/2MmNn，1/2mmNn自交后代均为雄性可育植株，1/2MmNn自交后代雄性不育植株所占比例为1/2×3/16＝3/32，雄性可育植株中M_NN、mm__均为稳定遗传的雄性可育植株，因此F2雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为(1/2×1＋1/2×3/4×1/4＋1/2×1/4×1)÷(1－1/2×3/16)＝23/29，C错误； 从F2中选择两种雄性可育株(M_N_、mmN_、mmnn)杂交，若要后代中雄性不育株(M_nn)所占比例最高，为1/2，则M_出现的最高比例为1，而nn出现的比例最高为1/2，即亲本的基因型组合为MMNn×mmnn，故雄性不育株所占比例最高为1/2，D正确。   素养提升训练 04 1．(2024·梅州期末)利用“假说—演绎法”，孟德尔发现了两大遗传定律。下列相关叙述正确的有(　 ) ①孟德尔假说的内容之一是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”　②孟德尔发现的遗传规律可以解释所有进行有性生殖的生物的遗传现象　③孟德尔作出的“演绎”是F1与隐性纯合子杂交，预测后代产生1∶1(或1∶1∶1∶1)的性状分离比 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 ④在豌豆杂交、自交和测交的实验基础上提出问题　⑤孟德尔在豌豆母本开花时进行了去雄和人工传粉等处理 A．一个 B．两个 C．三个 D．四个 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：孟德尔假说的内容之一是“生物体能产生两种(或四种)类型的雌雄配子(数量不相等)”，①错误； 孟德尔发现的遗传规律可以解释进行有性生殖的真核生物的部分核遗传现象，②错误； 孟德尔作出的“演绎”是设计F1与隐性纯合子测交实验，并预测后代产生1∶1(或1∶1∶1∶1)的性状分离比，③正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 孟德尔是在观察到具有一对(或两对)相对性状的豌豆纯合亲本杂交，后代只有一种表型，F1自交后代出现性状分离后才提出问题、作出假说，并且通过测交实验来检验推理得出结论的，④错误； 孟德尔在豌豆母本开花前进行了去雄和人工传粉等处理，⑤错误。 2．仓鼠的毛色有灰色和黑色，由3对独立遗传的等位基因(P和p、Q和q、R和r)控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，否则表现为黑色。下列叙述错误的是(　 ) A．3对基因中不会出现任意两对基因位于同一对同源染色体上 B．该种仓鼠纯合灰色、黑色个体的基因型各有1种、7种 C．基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中黑色个体占27/64 D．基因型为PpQqRr的灰色个体测交，子代黑色个体中纯合子占1/7 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：由题干可知，3对等位基因独立遗传，符合自由组合定律，任意两对基因都不会位于同一对同源染色体上，A正确； 因3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，故纯合灰色个体基因型为PPQQRR，纯合黑色个体基因型有ppqqrr、PPqqrr、ppQQrr、ppqqRR、PPQQrr、ppQQRR、PPqqRR 7种，B正确；   1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中灰色个体占3/4×3/4×3/4＝27/64，黑色个体占1－27/64＝37/64，C错误； 基因型为PpQqRr的灰色个体测交，后代有8种基因型，灰色个体的基因型1种，黑色个体的基因型7种，其中只有ppqqrr是黑色纯合子，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 3．(2024·惠州模拟)一只灰体直毛正常眼雄果蝇与一只黄体分叉毛正常眼雌果蝇杂交，子代中各性状的数量比见下表(子代数量足够，不考虑突变与互换)。根据表中数据，下列分析正确的是(　 ) 子代 性状 灰体直毛 正常眼雌性 灰体直毛 黄体分叉毛 黄体分叉毛 无眼雌性 正常眼雄性 无眼雄性 比例 3/8 1/8 3/8 1/8 A.果蝇的体色基因与眼型基因不遵循自由组合定律 B．果蝇的毛型基因与眼型基因不遵循自由组合定律 C．果蝇的体色基因与毛型基因不遵循自由组合定律 D．根据上述数据，三对性状中只能确定无眼性状是隐性性状 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：子代中灰体∶黄体＝1∶1，正常眼∶无眼＝3∶1，灰体正常眼雌性∶灰体无眼雌性∶黄体正常眼雄性∶黄体无眼雄性＝3∶1∶3∶1，说明果蝇的体色基因与眼型基因遵循自由组合定律，A错误； 子代中直毛∶分叉毛＝1∶1，正常眼∶无眼＝3∶1，直毛正常眼雌性∶直毛无眼雌性∶分叉毛正常眼雄性∶分叉毛无眼雄性＝3∶1∶3∶1，说明果蝇的毛型基因与眼型基因遵循自由组合定律，B错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 根据子代表型可知，灰体和直毛连锁遗传，黄体和分叉毛连锁遗传，故体色基因与毛型基因不遵循自由组合定律，C正确； 亲本正常眼果蝇杂交，子代中出现无眼个体，说明无眼为隐性性状，而雌性个体全为灰体直毛，雄性个体全为黄体分叉毛，可推断灰体直毛为显性性状，三对性状中均能确定显、隐性状，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 4．如图表示豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，已知A、a和B、b分别控制两对相对性状。从理论上分析，下列叙述错误的是(　 ) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A．甲、乙植株杂交后代表型的比例是1∶1∶1∶1 B．乙、丁植株杂交可用于验证基因的自由组合定律 C．甲、丙植株杂交后代基因型的比例是1∶1∶1∶1 D．在自然条件下能稳定遗传的植株是乙和丙 解析：乙(aabb)、丁(Aabb)植株杂交可看作是只有一对等位基因的测交，不能用于验证基因的自由组合定律，可用于验证基因的分离定律，B错误。 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 5．(2024·重庆模拟)研究发现某水稻品种配子部分不育，这种不育机制与位于非同源染色体上的两对基因(B、b和D、d)有关。Bb杂合子所产生的含b的雌配子不育，Dd杂合子所产生的含d的雄配子不育。甲的基因型为BBDD，乙的基因型为bbdd，甲、乙杂交得到F1。下列叙述错误的是(　 ) A．F1经过减数分裂产生可育的雄配子及比例是BD∶bD＝1∶1 B．F1自交子代基因型及比例是BBDD∶BbDD∶BBDd∶BbDd＝1∶1∶1∶1 C．F1只能产生2种比例为1∶1的可育雌配子，说明两对基因的传递不遵循基因自由组合定律 D．F1与乙正、反交所得子代均只有2种基因型且比例均为1∶1 解析：甲、乙杂交产生的F1的基因型为BbDd，BbDd经过减数分裂产生雄配子的类型及比例为BD∶Bd∶bD∶bd＝1∶1∶1∶1，由于Dd杂合子所产生的含d的雄配子不育，所以F1经过减数分裂产生可育的雄配子及比例是BD∶bD＝1∶1，A正确；   1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ Bb杂合子所产生的含b的雌配子不育，则F1经过减数分裂产生可育的雌配子及比例是BD∶Bd＝1∶1，F1自交子代基因型及比例是BBDD∶BbDD∶BBDd∶BbDd＝1∶1∶1∶1，B正确； 两对等位基因位于非同源染色体上，F1能产生4种比例为1∶1∶1∶1的雌配子，其中两种可育，两对基因的传递遵循基因自由组合定律，C错误； F1作父本与乙杂交，子代基因型是BbDd∶bbDd＝1∶1，F1作母本与乙杂交，子代基因型是BbDd∶Bbdd＝1∶1，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 6．甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。根据结果，下列叙述错误的是(　 ) 组别 杂交组合 F1 F2 1 甲×乙 红色籽粒 901红色籽粒，699白色籽粒 2 甲×丙 红色籽粒 630红色籽粒，490白色籽粒 A.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色 B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制 C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色∶1白色 D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：甲与乙杂交F1全是红色籽粒，F1自交产生的F2中红色籽粒∶白色籽粒＝9∶7，说明玉米籽粒颜色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律；甲与丙杂交F1全是红色籽粒，F1自交产生的F2中红色籽粒∶白色籽粒＝9∶7，说明玉米籽粒颜色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律，综合可知，红色为显性性状，红色与白色可能至少由三对等位基因控制， 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10  假定用A/a、B/b、C/c分别表示控制籽粒颜色的三对等位基因，甲、乙、丙的基因型可分别为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc(其中一种可能的基因型)。若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒(AaBBCc)，两对等位基因遵循自由组合定律，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色，A正确；据题表分析可知，若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 据分析可知，组1中的F1(AaBbCC)与甲(AAbbCC)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，C错误； 组2中的F1(AABbCc)与丙(AABBcc)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 7．(2024·潍坊模拟)玉米雌雄同株但异花传粉。某研究小组在纯合高秆玉米种群中发现甲、乙两种类型的矮秆玉米若干株。已知相关性状受两对等位基因控制，现进行有关杂交实验。 实验一：甲×纯合高秆→F1(高秆)→F2(3高秆∶1矮秆)；实验二：乙×纯合高秆→F1(矮秆)→F2(1高秆∶3矮秆)；实验三：甲×乙→F1(矮秆)→F2。 分析发现，甲、乙只有一种基因突变。下列有关叙述不正确的是(　 ) A．甲、乙两种类型的矮秆基因分别是隐性、显性突变 B．若让实验二的F2自由交配，F3的表型及比例为3矮秆∶1高秆 C．若甲、乙类型的矮秆基因由同一种基因突变而来，则实验三的F2表型均为矮秆 D．若甲、乙类型的矮秆基因由不同种基因突变而来，则实验三的F2表型及比例为13矮秆∶3高秆 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：假设控制甲、乙两种性状的相关基因分别用A、a和B、b表示，若纯合高秆的基因型为AAbb，则甲的基因型为aabb，即发生了隐性突变，乙的基因型为AABB，即发生了显性突变，A正确。 实验二中，纯合高秆的基因型为AAbb，乙的基因型为AABB，故F1的基因型为AABb，两种基因无论是位于一对或者两对同源染色体上，F2的基因型及比例均为AABB∶AABb∶AAbb＝1∶2∶1，F2自由交配，F2产生的雌、雄配子及比例均为1/2AB、1/2Ab，F3的基因型及比例为1/4AABB、1/2AABb、1/4AAbb，则F3的表型及比例为3矮秆∶ 1高秆，B正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 纯合高秆的基因型为AAbb，若甲、乙类型的矮秆基因由同一种基因突变而来，则甲的基因型为aabb、乙的基因型为A1A1bb，其中A1对A为显性，A对a为显性，a和A1都控制矮秆性状，实验三中F1的基因型为A1abb，F2的基因型为A1A1bb、A1abb、aabb，都表现为矮秆，C正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 若甲、乙类型的矮秆基因由不同种基因突变而来，则纯合高秆基因型为AAbb，甲的基因型为aabb，乙的基因型为AABB，甲、乙杂交所得F1基因型为AaBb，表现为矮秆，若两种基因位于一对同源染色体上，F1产生的雌雄配子都为AB∶ab＝1∶1，F2的基因型为AABB、AaBb、aabb，全为矮秆；若两种基因位于两对同源染色体上，F2的基因型为9A_B_(矮秆)、3aaB_(矮秆)、3A_bb(高秆)、1aabb(矮秆)，即表型及比例为13矮秆∶3高秆，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 8．某两性花二倍体植物的花色由两对等位基因控制，其中A基因控制紫花，a基因控制红花。I基因不影响A、a基因的功能，但i基因纯合的个体开白花。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖。现有该植物的4个不同纯种品系甲、乙、丙、丁(其中乙和丙均表现为白花)进行杂交。不考虑突变，两组F1个体数量相同，根据表中结果，下列推断不正确的是(　 ) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 编号 杂交组合 F1表型 F2表型及比例 ① 甲×乙 紫花 紫花∶白花＝3∶1 ② 丙×丁 紫花 紫花∶红花∶白花＝2∶1∶1 A.甲、乙基因型分别为AAII、aaii B．A、a与I、i两对基因位于一对同源染色体上 C．若两组F1基因型相同，则两组中F2分别自由交配产生的F3性状分离比不同 D．只考虑I、i基因，将①②中的F2放在一起随机交配，产生的F3中白花个体占1/4 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：由题表可知，A、a与I、i两对基因位于同一对染色体上，①组F1的基因型为AAIi或AaIi，乙为纯合白花植株，所以甲、乙的基因型分别为AAII、aaii或AAII、AAii，A错误，B正确。 若两组F1基因型相同都为AaIi，①组中F1的A基因与I基因在一条染色体上，a基因与i基因在另一条染色体上，②组中F1的A基因与i基因在一条染色体上，a基因与I基因在另一条染色体上，则①组中F2产生的配子为1/2AI和1/2ai，F2自由交配产生的F3性状分离比为紫花∶白花＝3∶1；②组中F2产生的配子为1/2Ai和1/2aI，F2自由交配产生的F3性状分离比为紫花∶红花∶白花＝2∶1∶1，C正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 只考虑I和i基因，①②中的F2均为II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，放在一起随机交配，产生的配子为1/2i和1/2I，子代的基因型及比例为II∶Ii∶ii＝1∶2∶1，白花个体占1/4，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 9．油菜可自花传粉也可异花传粉。科研人员获得了油菜的雄性不育突变系雌株N(该性状受一对等位基因A、a控制)，并利用突变系N进行了杂交实验： 实验一：将突变系N与野生型油菜杂交，F1全为雌雄同株，F1自交，F2中雌雄同株∶雌株＝3∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 实验二：将Bt抗虫基因转入突变系N中，获得具有抗虫性状的转基因油菜甲。将野生型油菜与转基因油菜甲杂交，F1表型及比例为抗虫∶非抗虫＝1∶1，选取F1中抗虫植株自交，F2中抗虫雌雄同株∶抗虫雌株∶非抗虫雌雄同株∶非抗虫雌株＝3∶1∶3∶1。 (1)若将实验一中F2的雌雄同株继续自交，在F3中雌株所占的比例为________；若F2随机传粉，则F3中雌株所占的比例为________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)根据实验二可知，转基因油菜甲中插入的Bt基因与A、a基因的遗传遵循基因的自由组合定律，判断依据是___________________。 (3)科研人员猜测实验二的F2未出现9∶3∶3∶1的原因是含Bt基因的雄配子不育。请从上述实验中选择合适的实验材料验证该假设，简要写出实验方案和预期结果。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：(1)由题干可知，雌雄同株为显性性状，雌株为隐性性状，则突变系N的基因型为aa；实验一中F1基因型为Aa，F2雌雄同株的基因型及比例为AA∶Aa＝1∶2，若F2的雌雄同株继续自交，F3中雌株(aa)的比例为2/3×1/4＝1/6；F2随机传粉时，F2中雌雄同株和雌株均可产生雌配子，只有雌雄同株可产生雄配子，因此雌配子的基因型及比例为A∶a＝1∶1，雄配子的基因型及比例为A∶a＝2∶1，因此F3中雌株的比例为1/2×1/3＝1/6。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)由实验二F1的自交结果可知，F2出现四种表型，比例为3∶1∶3∶1，遵循基因的自由组合定律。 (3)为验证含Bt基因的雄配子不育(无相应等位基因用O表示)，应选择含Bt基因的个体作为父本进行测交，选择F1中抗虫雌雄同株(AaBtO)作为父本与F2中非抗虫雌株(aaOO)杂交，F1抗虫雌雄同株只能产生不含Bt基因的雄配子即AO∶aO＝1∶1，因此，后代的表型及比例为非抗虫雌雄同株(AaOO)∶非抗虫雌株(aaOO)＝1∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案：(1)1/6　1/6　(2)F2出现四种表型，比例为3∶1∶3∶1　(3)实验方案：选取F1中抗虫雌雄同株与F2中非抗虫雌株杂交，统计后代的表型及比例；预期结果：非抗虫雌雄同株∶非抗虫雌株＝1∶1。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 10．(2024·泰安一模)我国科学家发现的耐盐野生水稻不需要施肥、耐盐碱、能抗病虫害，且其稻米的氨基酸含量明显高于普通精白米。随后我国的科研团队便开始了海水稻高产、抗倒伏的科研攻关。 (1)现有高产不抗倒伏和低产抗倒伏两个海水稻品种，这两对相对性状受两对独立遗传的等位基因控制。为获得高产抗倒伏的优良品种，让这两个品种杂交，F1全部表现为高产抗倒伏，再让F1自交，F2中高产抗倒伏的植株占________，高产抗倒伏的植株中纯合子占________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)有研究者认为，水稻植株的耐盐性是由独立遗传的两对基因控制的，其抗盐性和基因型的对应关系如下表所示。 类型 耐盐植株 不耐盐植株 基因型 Y_R_ yyR_、Y_ rr、yyrr ①让耐盐和不耐盐的两株水稻杂交，子代植株中耐盐植株∶不耐盐植株＝3∶5，依据以上研究判断，亲本不耐盐植株的基因型为______________；若让子代耐盐植株自由传粉，则所得子代植株中的耐盐植株约占______。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 ②现有各种基因型的不耐盐水稻植株，以它们为材料设计实验验证“水稻植株的耐盐性是由独立遗传的两对基因控制的”这一结论。写出验证实验的实验思路及结果和结论：________________________ __________________________________________________________________________________________________________________。 解析：(1)由题意可知，高产不抗倒伏植株与低产抗倒伏植株杂交，F1全部表现为高产抗倒伏，说明高产和抗倒伏均为显性性状，F1自交，F2中高产抗倒伏植株，即双显性植株，占9/16，其中纯合子只有1种，占1/9。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)①耐盐植株与不耐盐植株杂交，子代中耐盐植株∶不耐盐植株＝3∶5，即耐盐植株(Y_R_)占3/8(3/8＝3/4×1/2)，因此双亲的基因型为YyRr、yyRr或YyRr、Yyrr，亲本不耐盐植株的基因型为yyRr或Yyrr。子代耐盐植株中(以亲本不耐盐植株的基因型为Yyrr为例，若为yyRr时同理也可得出相应结果)，YYRr∶YyRr＝1∶2，若要求其自由传粉所得子代中耐盐植株所占的比例，可逐对分析每对基因的基因频率，再求表型频率，Y＝2/3，y＝1/3，R＝r＝1/2，故所得子代中基因型概率为(8/9Y_∶1/9yy)(3/4R_∶1/4rr)，所以耐盐植株(Y_R_)约占3/4×8/9＝2/3。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 ②让不耐盐的水稻植株自由传粉，若不耐盐受两对等位基因控制，则其F1中耐盐的水稻植株的基因型一定为YyRr；让这些耐盐植株自交，鉴定并统计子代的表型及比例，根据子代的表型及比例即可验证结论。 答案：(1)9/16　1/9　(2)①yyRr或Yyrr　2/3　②让不耐盐的水稻植株自由传粉，选F1中耐盐的水稻植株自交并分株留种，鉴定并统计每株后代的表型及比例。若有表型及比例为耐盐∶不耐盐≈9∶7，则说明水稻植株的耐盐性是由两对独立遗传的基因控制的 杂交 育种 把两个亲本的_________组合在一起。如：亲本F1F2(选育符合要求个体)纯合子 医学 实践 为遗传病的预测和诊断提供理论依据。分析两种及两种以上遗传病的传递规律，推测基因型和表型的比例及群体发病率 有多对等位基因的个体 举例：基因型为AaBbCc的个体 产生配子的种类数 产生某种配子的概率 产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8 $$