5.1.2 分离定律的解题规律与方法（课件PPT）-【创新方案】2025年高考生物一轮总复习（新教材Ⅰ）

分离定律的解题规律与方法 第2课时 目录 1.提能点(一)　 2.提能点(二)　 分离定律的常规题型解题指导 分离定律的遗传特例分析 3.素养提升训练 分离定律的常规题型解题指导 提能点(一)　 01 题型(一) 性状的显隐性、纯合子与杂合子的判断 [例1]　某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制。要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是(　 ) A．抗病株×感病株 B．抗病纯合子×感病纯合子 C．抗病株×抗病株或感病株×感病株 D．抗病纯合子×抗病纯合子或感病纯合子×感病纯合子 √ [解析]　判断性状的显隐性关系的方法有：①具有相对性状的纯合子进行正反交，子代表现出的性状就是显性性状，未表现出的性状为隐性性状； ②杂合子雌雄个体间杂交，子代出现不同于亲代的性状，该子代的性状为隐性性状，亲代的性状为显性性状。应选用的杂交组合为B项。 [例2]　(2024·莆田质检)某二倍体动物野生型的眼色为褐色，受常染色体上的一对等位基因控制。该动物某一显性突变的雄性个体表现为蓝眼，让其与多只褐眼雌性个体交配，所得子代中有2只蓝眼雌性个体、2只褐眼雄性个体和1只褐眼雌性个体。为了获得并筛选纯合的蓝眼品种，下列杂交思路正确的是(　 ) A．让2只蓝眼雌性个体与蓝眼雄性个体交配，从子代中获得蓝眼品种 B．让蓝眼雄性个体与多只褐眼雌性个体交配，从子代中获得蓝眼品种 C．让2只蓝眼雌性个体与褐眼雄性个体交配，再让子代中的蓝眼个体相互交配 D．让2只蓝眼雌性个体与蓝眼雄性个体交配，再让子代中的蓝眼个体与褐眼个体交配 [解析]　设控制眼色的基因为A/a，让2只蓝眼雌性个体(Aa)与蓝眼雄性个体(Aa)交配，从子代中获得的蓝眼品种基因型有AA和Aa，无法区分是否为纯合子，A错误； 让蓝眼雄性个体(Aa)与多只褐眼雌性个体(aa)交配，子代中获得的蓝眼品种基因型为Aa，不是纯合子，B错误； √ 让2只蓝眼雌性个体(Aa)与褐眼雄性个体(aa)交配，再让子代中的蓝眼个体(Aa)相互交配，则子代中有AA、Aa和aa，仍无法区分基因型为AA和Aa的个体是否为纯合子，C错误； 让2只蓝眼雌性个体(Aa)与蓝眼雄性个体(Aa)交配，再让子代中的蓝眼个体(AA或Aa)与褐眼个体(aa)交配，若子代全部为蓝眼，则为纯合子，若子代出现褐眼，则为杂合子，D正确。 |精|要|点|拨|　 1．分析或设计实验判断性状显隐性的方法 (1)根据子代表型推断 (2)“实验法”判断性状的显隐性 (3)根据遗传系谱图进行判断 2．分析或设计实验判断纯合子与杂合子的方法 (1)自交法：此法主要用于植物，而且是最简便的方法。 (2)测交法：待测对象若为雄性动物，注意与多个隐性雌性个体交配，以产生更多的后代，使结果更有说服力。 (3)花粉鉴定法：此法只适用于一些特殊植物，如水稻。 题型(二) 基因型、表型的推断方法 [例3]　大约在70个表现正常的人中有一个含白化基因的杂合子。一个双亲正常但有白化病弟弟的正常女子，与一无亲缘关系的正常男子婚配。请问她所生的孩子患白化病的概率是(　 ) A．1/140 B．1/280 C．1/420 D．1/560 √ [解析]　白化病是常染色体隐性遗传病。设致病基因为a，则双亲的基因型均为Aa，进而推出该正常女子的基因型为1/3AA、2/3Aa，她与一无亲缘关系的正常男子婚配，因该正常男子的基因型为1/70Aa、69/70AA，所以她所生的孩子患白化病(aa)的概率是2/3×1/70×1/4＝1/420。 [例4]　某植物的花为两性花，该植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由一对等位基因(D、d)控制的完全显性遗传。现用一株紫花植株和一株红花植株作为实验材料，设计如下表所示的实验方案(后代数量足够多)以鉴定两植株的基因型。下列有关叙述错误的是(　 ) 选择亲本 及交配方式 预测子代的表型 推测亲本的基因型 第一组：紫花自交 出现性状分离 ③ ① ④ 第二组：紫花×红花 全为紫花 DD×dd ② ⑤ A.两组实验中，都有能判定紫花和红花显隐性的依据 B．若①全为紫花，则④为Dd C．若②为紫花和红花的数量比为1∶1，则⑤为Dd×dd D．③为Dd，判断依据是子代出现性状分离，说明亲本携带隐性基因 √ [解析]　第一组中，紫花自交，子代出现性状分离，可以判定出现的新性状(红花)为隐性性状，亲本性状(紫花)为显性性状；第二组中，由紫花×红花的子代全为紫花，可以判定紫花为显性性状，红花为隐性性状，A正确； 若①全为紫花，且亲代是紫花自交，则④的基因型为DD，B错误； 紫花×红花的子代中紫花和红花的数量比为1∶1时，⑤为Dd×dd，C正确； 子代出现性状分离，说明具有显性性状的亲本携带隐性基因，故③的基因型为Dd，D正确。 |精|要|点|拨|　 1．由亲代推断子代的基因型与表型(正推型) 亲本 子代基因型 子代表型 AA×AA AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 全为显性 AA×aa Aa 全为显性 Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1 显性∶隐性＝3∶1 Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐性＝1∶1 aa×aa aa 全为隐性 2．由子代推断亲代的基因型(逆推型) (1)基因填充法：根据亲代表型→写出能确定的基因(如显性性状的基因型用A_表示)→根据子代一对基因分别来自两个亲本→推知亲代未知基因。若亲代为隐性性状，基因型只能是aa。 (2)隐性突破法：如果子代中有隐性个体，则亲代基因型中必定含有一个a基因，然后再根据亲代的表型作出进一步推断。 (3)根据分离定律中规律性比值直接判断(用基因B、b表示) 后代显隐性比值 双亲类型 结合方式 显性∶隐性＝3∶1 都是杂合子 Bb×Bb→3B_∶1bb 显性∶隐性＝1∶1 测交类型 Bb×bb→1Bb∶1bb 只有显性性状 至少一方为显性纯合子 BB×BB或BB×Bb或BB×bb 只有隐性性状 一定都是隐性纯合子 bb×bb→bb 题型(三) 杂合子连续自交与自由交配的概率计算 [例5]　某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为Aa的该植物连续交配3次后所得子三代中Aa所占比例为2/5(　 ) A．基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体 B．基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体 C．基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体 D．基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体 [解析]　基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为(1/2)3＝1/8，A不符合题意； √ 基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为2/(23＋1)＝2/9，B不符合题意； 基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体，符合遗传平衡定律，A的基因频率＝a的基因频率＝1/2，而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中Aa的基因型频率＝2×1/2×1/2＝1/2，C不符合题意； 基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体，由于存在人为选择作用，所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算：基因型为Aa的该植物自由交配一次，子一代中AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去除aa个体，则子一代中有1/3AA和2/3Aa；子一代中A的基因频率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因频率＝1/3，子一代再自由交配，子二代中AA的基因型频率＝(2/3)2＝4/9，Aa的基因型频率＝2×2/3×1/3＝4/9，去除aa个体， 子二代中有1/2AA和1/2Aa；子二代中A的基因频率＝1/2＋1/2×1/2＝3/4，a的基因频率＝1/4，子二代再自由交配，在子三代中AA的基因型频率＝(3/4)2＝9/16，Aa的基因型频率＝2×3/4×1/4＝6/16，去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为6/16÷(9/16＋6/16)＝2/5，D符合题意。 [例6]　(2024·海口模拟)已知果蝇的灰身(B)对黑身(b)是显性，控制这对相对性状的基因位于一对常染色体上。让某一种群内的灰身果蝇自由交配，发现F1中灰身与黑身的比例为24∶1。在F1中，除去黑身果蝇，然后让灰身果蝇自由交配，理论上F2中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是(　 ) A．15∶1 B．24∶1 C．35∶1 D．48∶1 √ [解析]　一种群内的灰身果蝇(B_)自由交配，F1中灰身与黑身的比例为24∶1，即黑身bb占1/25，说明b的基因频率为1/5，则B的基因频率为4/5，因此F1中灰身BB占4/5×4/5＝16/25，Bb占2×1/5×4/5＝8/25，则除去黑身果蝇后F1中BB∶Bb＝2∶1，产生的配子的种类及其比例为B∶b＝5∶1，因此让F1中剩余的灰身果蝇自由交配，F2中黑身的比例为1/6×1/6＝1/36，则理论上F2中灰身与黑身的比例是35∶1。 |精|要|点|拨|　 1．自交与自由交配的区别 项目 自交 自由交配 含义 同一个体或相同基因型的个体之间的交配 群体中一个雌性或雄性个体与任何一个异性个体随机交配(包括自交和杂交) 实例 以某种群中Aa个体自交得F1，F1中显性个体自交或自由交配产生F2为例 续表 2．杂合子Aa(亲代)连续自交的概率计算 (1)杂合子(Aa)连续自交n代，杂合子比例为(1/2)n，纯合子比例为1－(1/2)n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－(1/2)n]×1/2。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图所示。 (2)杂合子(Aa)连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为(2n－1)/(2n＋1)，杂合子比例为2/(2n＋1)。如图所示： 3．杂合子自由交配的概率计算 不淘汰 隐性个体 若杂合子(Aa)连续自由交配n代，杂合子比例为1/2，显性纯合子比例为1/4，隐性纯合子比例为1/4 逐代淘汰 隐性个体 若杂合子(Aa)连续自由交配n代，且逐代淘汰隐性个体后，显性个体中，纯合子比例为n/(n＋2)，杂合子比例为2/(n＋2) 4．自由交配问题的三种分析方法 如某种生物的基因型AA占1/3，Aa占2/3，个体间可以自由交配，求后代中基因型和表型的概率。 (1)列举法 2/3Aa 1/9AA、1/9Aa 1/9AA、2/9Aa、1/9aa 结果：子代基因型及概率为4/9AA、4/9Aa、1/9aa，子代表型及概率为8/9A_、1/9aa 续表 (2)配子法 结果：子代基因型及概率为4/9AA、4/9Aa、1/9aa，子代表型及概率为8/9A_、1/9aa (3)遗传平衡法 先根据“一个等位基因的频率＝它的纯合子基因型频率＋(1/2)杂合子基因型频率”推知，亲代中A的基因频率＝1/3＋(1/2)×(2/3)＝2/3，a的基因频率＝1－(2/3)＝1/3。然后根据遗传平衡定律可知，aa的基因型频率＝a基因频率的平方＝(1/3)2＝1/9，AA的基因型频率＝A基因频率的平方＝(2/3)2＝4/9，Aa的基因型频率＝2×A基因频率×a基因频率＝2×2/3×1/3＝4/9。子代表型及概率为8/9A_、1/9aa。 题点1　性状的显隐性、纯合子与杂合子的判断 1．玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，下图中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是(　 ) √ 解析： A选项中，当非甜玉米和甜玉米都是纯合子时，不能判断该对性状的显隐性关系； B选项中，当其中一个植株是杂合子时不能判断该对性状的显隐性关系； C选项中，非甜玉米与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该性状为显性性状，若后代出现两种性状，则说明非甜玉米和甜玉米中有一个是杂合子，有一个是隐性纯合子，在此基础上，非甜玉米自交，若出现性状分离，则说明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜是隐性性状； D选项中，若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系。 2．(2024·北京丰台一模)现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计了F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是(　 ) 杂交组合 F2 总数 正常 突变 甲×丙 118 91 27 乙×丙 1 132 860 272 A.穗形性状中稀穗对正常穗为隐性 B．控制穗形的基因遵循基因分离定律 C．F1测交后代中正常株∶突变株≈1∶1 D．控制甲和乙穗形的基因是非等位基因 √ 解析：根据题意和表格数据分析可知，丙分别与甲和乙杂交，F2中正常株∶突变株≈3∶1，说明稀穗为隐性性状，正常穗为显性性状，同时也说明控制穗形的基因遵循基因分离定律，A、B正确； 丙分别与甲和乙杂交，F2中正常株∶突变株≈3∶1，说明F1为杂合子，测交后代中正常株∶突变株≈1∶1，C正确； 丙分别与甲和乙杂交，F2中正常株∶突变株≈3∶1，说明甲和乙为显性纯合子，控制甲和乙穗形的基因是位于同源染色体上的相同基因，D错误。   题点2　亲子代基因型、表型的推断 3．已知蝴蝶的体色由常染色体上的一对等位基因A、a控制，只有基因型为AA或Aa的雄性蝴蝶表现为黄色，其他都表现为白色。若以白色和黄色的蝴蝶作亲代进行杂交，子代中雄性全表现为黄色。下列叙述正确的是(　 ) A．亲代黄色蝴蝶一定为雄性蝴蝶 B．亲代黄色蝴蝶的基因型一定为Aa C．亲代雌性蝴蝶的基因型只能是AA D．子代雌性蝴蝶的基因型可以是aa √ 解析：根据题意分析可知，只有基因型为AA或Aa的雄性蝴蝶表现为黄色，则亲代黄色蝴蝶一定为雄性蝴蝶，A正确； 若亲代雌性蝴蝶的基因型为AA，则亲代黄色蝴蝶的基因型可能为Aa或AA，B错误； 若亲代雄性蝴蝶的基因型为AA，则亲代雌性蝴蝶的基因型可能是AA或Aa或aa，其子代的雄性均表现为黄色，C错误； 子代雌性蝴蝶的基因型不可能是aa，因为子代若出现基因型为aa的雄性个体则表现为白色，与题意不符，D错误。 4．(2024·济南模拟)安达卢西亚鸡的毛色有蓝色、黑色和白点三种，且由一对等位基因(B、b)控制。下表为相关遗传实验研究结果，下列分析正确的是(　 ) 组别 P F1 1 黑色×蓝色 黑色∶蓝色＝1∶1 2 白点×蓝色 蓝色∶白点＝1∶1 3 黑色×白点 全为蓝色 A.蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，黑色鸡的基因型为BB B．蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代有两种表型 C．黑色安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代中无白点鸡 D．一只蓝色安达卢西亚母鸡，如不考虑基因重组和突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为B或b √ 解析：根据第3组黑色鸡与白点鸡杂交后代都是蓝色鸡可知，蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，则黑色鸡和白点鸡都是纯合子，黑色鸡的基因型为BB或bb，A错误； 蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配产生的后代有三种基因型，分别为BB、Bb、bb，表型有白点、蓝色和黑色三种，B错误； 黑色安达卢西亚鸡都是纯合子，让其随机交配，产生的后代中只有黑色安达卢西亚鸡，C正确； 一只蓝色安达卢西亚母鸡的基因型为Bb，若不考虑基因重组和突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb，D错误。   题点3　自交和自由交配概率计算 5．(2024·济南模拟)假设羊的毛色遗传由一对基因控制，黑色(B)对白色(b)为显性。一个随机交配多代的羊群中，白毛和黑毛的基因频率各占一半，现需对羊群进行人工选择，逐代淘汰白色个体。下列说法错误的是(　 ) A．淘汰前，该羊群中黑色个体数量多于白色个体数量 B．白色个体至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25% C．白色个体连续淘汰2代，羊群中Bb的比例为2/3 D．若每代均不淘汰，不论交配多少代，羊群中纯合子的比例均为1/2 √ 解析：淘汰前，该羊群中白毛和黑毛的基因频率各占一半，黑色个体数量(B_)所占比例为1/2×1/2＋2×1/2×1/2＝3/4，多于白色个体数量，A正确； 白色个体淘汰一次后，BB∶Bb＝1∶2，黑色个体再自由交配一次，BB∶Bb∶bb＝4∶4∶1，淘汰掉bb，BB∶Bb＝1∶1，b的基因频率是1/2×1/2＝1/4，羊群中Bb的比例为1/2，B正确，C错误； 若每代均不淘汰，不论交配多少代，基因频率不变，羊群中纯合子的比例均为1/2，D正确。 6．已知牛的体色由一对等位基因(A、a)控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行基因型相同的雌雄个体交配和自由交配，则子代的表型及比例分别是(　 ) A．基因型相同的雌雄个体交配红褐色∶红色＝1∶1；自由交配红褐色∶红色＝4∶5 B．基因型相同的雌雄个体交配红褐色∶红色＝5∶1；自由交配红褐色∶红色＝8∶1 C．基因型相同的雌雄个体交配红褐色∶红色＝2∶1；自由交配红褐色∶红色＝2∶1 D．基因型相同的雌雄个体交配红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1 解析：由题意分析可知，该牛群基因型相同的雌雄个体交配后代中AA∶Aa∶aa＝5∶2∶1，基因型为Aa的个体中雌雄各半，雌性为红色，雄性为红褐色，故红褐色∶红色＝6∶2＝3∶1；自由交配的后代中AA∶Aa∶aa＝9∶6∶1，基因型为Aa的个体中一半为雌性红色，一半为雄性红褐色，故红褐色∶红色＝12∶4＝3∶1，D正确。 √ 分离定律的遗传特例分析 提能点(二) 02 特例(一)　异常分离比问题　 不完全显性是指F1的性状表现介于显性和隐性的亲本之间的显性表现形式。如紫茉莉的花色遗传中，红花(RR)与白花(rr)杂交产生的F1为粉红花(Rr)，F1自交后代有3种表型：红花、粉红花、白花，性状分离比为1∶2∶1，图解如下： 1.不完全显性 P　　RR(红花)　×　rr(白花) 　　　　　　　　↓ F1　　　　　　　Rr(粉红花) 　　　　　　　　↓⊗ F2　1RR(红花) ∶ 2Rr(粉红花)∶1rr(白花)　　　　 [例1]　(2024·太原模拟)萝卜的花色(红色、紫色和白色)由一对等位基因(A/a)控制。现选用紫花植株分别与红花、白花、紫花植株杂交，结果如图所示。下列相关叙述错误的是(　 ) A．白花个体的基因型是aa，红花个体的基因型是AA B．红花个体和白花个体杂交，后代全部是紫花个体 C．A/a位于一对同源染色体上，遵循基因分离定律 D．一紫花个体连续自交3代，得到的子代中红花个体所占的比例是7/16 √ [解析]　从第三组的紫花和紫花的杂交结果可知，紫花植株为杂合子，红花和白花植株都是纯合子，但无法确定是隐性纯合还是显性纯合，A错误； 由于红花和白花植株是具有相对性状的纯合子，所以杂交产生的子代都是杂合子，都是紫花植株，B正确； 一对等位基因位于一对同源染色体上，遵循基因的分离定律，C正确； 杂合子连续自交3代，子代中杂合子的比例是1/8，则显性纯合子和隐性纯合子各占7/16，D正确。 2.复等位基因 复等位基因是指同源染色体同一位置上控制某类性状的基因有2种以上(如ABO血型涉及IA、IB、i三种基因)。复等位基因在群体中虽然有多个，但其在每个个体的体细胞中仍然是成对存在的，而且彼此间具有显隐性关系，遗传时遵循基因分离定律。 例如，人类ABO血型的决定方式如下： IAIA、IAi→A型血；IBIB、IBi→B型血； IAIB→AB型血(共显性)；ii→O型血。　　　　 [例2]　烟草的育性与复等位基因S1、S2……有关，它是两性花植物，但自交不育，即同一植株内和同一基因型的植株之间不能正常受精，并且两个基因型不同的个体之间虽然可以完成受精作用，但具有相同基因型的雌雄配子之间仍然是不亲和的。现有基因型为S1S2、S1S3、S2S3、S4S5的4种植株，下列有关说法错误的是(　 ) A．S1S2与S1S3杂交，后代中含有基因S1的个体占2/3 B．题中烟草种群中任意两个烟草植株杂交，后代的基因型种类至少有3种 C．若用题中4种植株杂交，后代基因型有4种类型的亲本杂交方式有3种 D．若烟草植株控制育性的复等位基因有5种，则烟草种群的基因型种类最多有8种 [解析]　由于相同基因型的雌雄配子之间不亲和，所以S1S2与S1S3杂交，后代基因型为S1S3、S1S2、 S2S3，比例为1∶1∶1，故含有基因S1的个体占2/3，A正确； √ 烟草种群基因型为S1S2、S1S3、S2S3、S4S5，其中任意两个烟草植株杂交，后代的基因型种类有3种或4种，如S1S2与S1S3杂交，后代有S1S2、S1S3、S2S3，共3种，若S1S2与S4S5杂交，则后代基因型有S1S4、S1S5、S2S4、S2S5共4种，B正确；若用题中4种植株杂交，后代基因型有4种类型的亲本杂交方式有3种，即S1S2、S1S3、S2S3分别与S4S5杂交，C正确； 若烟草植株控制育性的复等位基因有5种，则烟草种群全部个体均为杂合子，基因型种类最多有10种，D错误。 3.致死现象 现以亲本基因型均为Aa为例进行分析： [例3]　自然界配子的发生、个体的发育受多种因素制约，存在致死现象。基因型为Aa的植株自交，子代基因型AA∶Aa∶aa的比例可能出现不同的情况。下列分析错误的是(　 ) A．若含有a的花粉50%死亡，则自交后代基因型的比例是2∶3∶1 B．若aa个体有50%死亡，则自交后代基因型的比例是2∶4∶1 C．若含有a的配子有50%死亡，则自交后代基因型的比例是4∶2∶1 D．若花粉有50%死亡，则自交后代基因型的比例是1∶2∶1 √ [解析]　若含有a的配子有50%死亡，雌配子和雄配子中都是A占2/3，a占1/3，自交后代AA占2/3×2/3＝4/9，Aa占2/3×1/3＋2/3×1/3＝4/9，aa占1/3×1/3＝1/9，自交后代基因型的比例是4∶4∶1，C错误。 特例(二)　其他特殊遗传现象　 1.从性遗传 (1)从性遗传的含义与实例 由常染色体上基因控制的性状，在表型上受个体性别影响的现象。如绵羊的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性，无角基因h为隐性，在杂合子(Hh)中，公羊表现为有角，母羊表现为无角，其基因型与表型关系如下表： 基因型 HH Hh hh 雄性 有角 有角 无角 雌性 有角 无角 无角 (2)从性遗传与伴性遗传的根本区别 ①从性遗传又称性控遗传。一般是指常染色体上的基因，由于性别的差异而表现出雌雄(男女)性别分布比例上或表现程度上的差别。比如牛羊角的遗传、人类秃顶、蝴蝶颜色的遗传等。 ②伴性遗传的关键在于控制生物性状的基因位于性染色体上，相关性状的遗传与性别相关。比如：红绿色盲、抗维生素D佝偻病、外耳道多毛症等伴X或Y染色体的遗传。　　　　 [例4]　已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列叙述正确的是(　 ) 基因型 HH Hh hh 公羊的表型 有角 有角 无角 母羊的表型 有角 无角 无角 A.公羊有角对母羊有角是一对相对性状 B．无角公羊与无角母羊的后代同时出现有角和无角后代的现象叫性状分离 C．绵羊角的性状遗传遵循基因的分离定律 D．绵羊群体中，产生的含H的精子数与含H的卵细胞数之比为1∶1 √ [解析]　公羊有角对无角是一对相对性状，A错误； 性状分离是指在杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状个体的现象，无角公羊为隐性纯合子，B错误； 绵羊角的性状受一对等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律，C正确； 绵羊群体中，由于精子数远多于卵细胞数，故产生的含H的精子数与含H的卵细胞数之比不为1∶1，D错误。 2.雄性不育 (1)细胞核雄性不育：核基因控制的雄性不育，有显性核不育和隐性核不育，遗传方式符合孟德尔分离定律。 (2)细胞质雄性不育：表现为母体遗传、花粉败育和雌穗正常。可以被显性核恢复基因恢复育性。 (3)核质互作不育型：是由核基因和细胞质基因相互作用共同控制的雄性不育类型。　　　　 [例5]　(2024·日照模拟)水稻的雄性不育受一组复等位基因MsA、MsN和Msch控制，其中MsA和Msch控制可育，MsN控制不育。现有雄性不育植株甲和基因型为MsAMsA的植株乙杂交，F1植株全部表现为雄性可育，F1自交后代中雄性不育植株占1/8，下列说法中不正确的是(　 ) A．这三个基因的显隐性关系为MsA>MsN>Msch B．甲的基因型为MsNMsN，F1植株均为杂合子 C．F1自交后代雄性可育植株中纯合子所占的比例为3/7 D．若让F1中不同基因型的植株杂交，则子代中雄性不育植株占1/4 √ [解析]　雄性不育植株甲(MsN_)和基因型为MsAMsA的植株乙杂交，F1植株全部表现为雄性可育(1/2MsAMsN、1/2MsA_)，F1自交后代中雄性不育(MsN_)植株占1/8＝1/2×1/4，说明雄性不育植株甲的基因型为MsNMsch，且显隐性的关系为MsA>MsN>Msch，A正确； 基因型为MsNMsch的植株甲和基因型为MsAMsA的植株乙杂交，F1植株(MsAMsN、MsAMsch)均为杂合子，B错误； F1(1/2MsAMsN和1/2MsAMsch)自交后代雄性不育MsNMsN＝1/2×1/4＝1/8，因此雄性可育植株占7/8，可育纯合子为MsAMsA＝1/2×1/4×2＝2/8、MschMsch＝1/2×1/4＝1/8，即雄性可育纯合子植株占后代的3/8，因此雄性可育植株中纯合子所占的比例为3/7，C正确； 若让F1中不同基因型的植株(MsAMsN、MsAMsch)杂交，则子代的基因型为1MsAMsA、1MsAMsN、1MsAMsch、1MsNMsch，其中雄性不育植株(MsNMsch)占1/4，D正确。 3.母性效应 (1)含义：是指子代的某一表型受母本核基因型的影响，与母本的核基因型所控制的表型相同。 (2)特点：正反交结果不同，但不是细胞质遗传，而是由核基因的表达并积累在卵细胞中的物质所决定的。　　　　 [例6]　 “母性效应”是指子代某一性状的 表型由母体的核基因型决定，而不受本身基因型的 支配。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般 通过异体受精繁殖，但若单独饲养，也可以进行 自体受精，其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分。旋转方向符合“母性效应”，遗传过程如图所示。下列叙述正确的是(　 ) A．与螺壳旋转方向有关基因的遗传不遵循基因的分离定律 B．螺壳表现为左旋的个体和表现为右旋的个体的基因型都有3种 C．让图示中F2个体进行自交，其后代螺壳都将表现为右旋 D．欲判断某左旋椎实螺的基因型，可用任意的右旋椎实螺作为父本进行交配 √ [解析]　与螺壳旋转方向有关的基因是一对等位基因，且F1自交后代出现三种基因型，其比例是1∶2∶1，说明与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律，A错误； 螺壳表现为左旋，说明母本的基因型为dd，故螺壳表现为左旋的个体的基因型为dd或Dd，螺壳表现为右旋，说明母本的基因型为DD或Dd，故螺壳表现为右旋的个体的基因型为DD、dd或Dd，B错误； “母性效应”是指子代某一性状的表型由母体的核基因型决定，而不受本身基因型的支配，因此，让图示中F2个体进行自交，基因型为Dd和DD的个体的子代螺壳都将表现为右旋，而基因型为dd的个体的子代螺壳将表现为左旋，C错误； 左旋椎实螺的基因型是Dd或dd，欲判断某左旋椎实螺的基因型，可用任意的右旋椎实螺作父本进行交配，若左旋椎实螺基因型为dd，则子代螺壳均为左旋，若左旋椎实螺基因型为Dd，则子代螺壳均为右旋，D正确。 4.表型模拟现象 生物的表型＝基因型＋环境，受环境影响，导致表型与基因型不符合的现象。如：果蝇长翅(V)和残翅(v)的遗传受温度的影响，其表型、基因型与环境的关系如表： 基因型 温度 25 ℃常温 35 ℃常温 VV、Vv 长翅 残翅 vv 残翅 35 ℃条件下基因型为VV和Vv的个体表现出残翅的现象为表型模拟现象。　　　　 [例7]　果蝇的长翅(A)对残翅(a)为显性。将孵化后4～7d的长翅果蝇幼虫，放在35～37 ℃(正常培养温度为25 ℃)环境中处理一定时间后，表现出残翅性状。现有一只残翅雄果蝇，让该果蝇与多只正常发育的残翅雌果蝇交配，孵化的幼虫在正常的温度环境中培养，观察后代的表型。下列说法不合理的是(　 ) A．残翅性状可能受基因组成和环境条件的影响 B．若后代出现长翅，则该果蝇的基因型为AA C．若后代表型均为残翅，则该果蝇的基因型为aa D．基因A、a一般位于同源染色体的相同位置 √ [解析]　基因A控制果蝇的长翅性状，但将孵化后4～7d的长翅果蝇幼虫放在35～37℃环境中处理一定时间后，却表现出残翅性状，这说明残翅性状可能受基因组成和环境条件的影响，A正确； 残翅雄果蝇(aa或A_)与多只正常发育的残翅雌果蝇(aa)交配，孵化的幼虫在正常的温度环境中培养，若后代出现长翅，则该果蝇的基因型为AA或Aa，若后代表型均为残翅，则该果蝇的基因型为aa，B错误，C正确； 基因A、a为一对等位基因，等位基因一般位于同源染色体的相同位置，D正确。 1．研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子来扭曲分离比例。若A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内一半不含该基因的雄配子。某基因型为Aa的植株自交获得的F1中红花(AA)∶粉红花(Aa)∶白花(aa)＝2∶3∶1，则F1中个体随机受粉产生的后代的表型及比例为(　 ) A．红花∶白花＝2∶1 B．红花∶粉红花＝8∶7 C．红花∶粉红花∶白花＝14∶17∶5 D．红花∶粉红花∶白花＝98∶105∶25 √ 解析：若A基因能杀死一半不含该基因的雄性配子，即能杀死一半Aa产生的含基因a的雄配子，而基因型AA、aa个体产生配子时不存在致死现象。F1个体随机交配，则F1产生的雌配子基因型及比例是A∶a＝7∶5，产生雄配子的基因型及比例是A∶a＝2∶1，则后代中AA∶Aa∶aa＝14∶17∶5，C正确。 2．雄性不育系(花粉败育，但雌蕊正常)可以省去去雄的操作，常应用于育种。水稻雄性是否可育是由细胞核基因(可育基因R对不育基因r为显性)和细胞质基因(可育基因为N，不育基因为S，细胞质中基因都成单存在)共同控制的。基因R能够抑制基因S的表达，当细胞质基因N表达时，植株都表现为雄性可育。基因型为N(RR)的水稻与基因型为S(rr)的水稻杂交，下列相关叙述错误的是(　 ) A．基因型为S(rr)的水稻表现为雄性不育 B．F1的基因型为N(Rr)，表现为雄性可育 C．自然状态下，雄性可育植株的基因型有5种 D．F1再自交，F2的表型及比例为雄性可育∶雄性不育＝3∶1 √ 解析：据题意可知，当细胞质基因和细胞核基因都是不育基因型时水稻才表现为雄性不育，则S(rr)表现为雄性不育，A正确； 基因型为N(RR)的水稻与基因型为S(rr)的水稻杂交，因为S(rr)雄性不育只能作母本，则F1的基因型为S(Rr)，B错误； 自然状态下，水稻雄性可育植株的基因型共有5种：N(RR)、N(Rr)、N(rr)、S(RR)、S(Rr)，C正确； F1的基因型为S(Rr)，令其自交，F2基因型及其比例为S(RR)∶S(Rr)∶S(rr)＝1∶2∶1，表型及比例为雄性可育∶雄性不育＝3∶1，D正确。 3．(2024·哈尔滨一模)在某兔子种群中，毛色受三个复等位基因(D、d1、d2)控制，D决定棕色、d1决定灰色、d2决定白色，基因位于常染色体上。其中基因D纯合时会导致兔子在胚胎时期死亡，且基因D对基因d1、d2为显性，d1对d2为显性。现用Dd1和Dd2两种棕毛兔杂交得F1，F1个体自由交配。下列叙述错误的是(　 ) A．该兔子种群中毛色的基因型有5种 B．F1的表型和比例为棕色∶灰色＝2∶1 C．F1雄兔产生的不同种类配子比例为2∶1∶1 D．F2中棕色兔的比例为1/2 √ 解析：由题意可知，基因D纯合时会导致兔子在胚胎时期死亡，则该兔子种群中毛色的基因型有5种(d1d1、d2d2、d1d2、Dd1、Dd2)，A正确； 现用Dd1和Dd2两种棕毛兔杂交得F1，F1的基因型及比例为DD(死亡)∶Dd1∶Dd2∶d1d2＝1∶1∶1∶1，表型及比例为棕色∶灰色＝2∶1，B正确； F1的雄兔基因型及比例是Dd1∶Dd2∶d1d2＝1∶1∶1，因此产生的配子及比例为D∶d1∶d2＝1∶1∶1，C错误； 由于F1产生的雌雄配子的类型及比例都是D∶d1∶d2＝1∶1∶1，自由交配所得F2中，1/9DD死亡，棕色兔的比例为2/9Dd1＋2/9Dd2＝4/9，灰色兔的比例为1/9d1d1＋2/9d1d2＝3/9，白色兔d2d2占1/9，因此F2中棕色兔的比例为1/2，D正确。 4．某种兔的毛色黑色(W)和白色(w)是一对相对性状。两只黑色兔交配得到的子代，放在－15℃环境中成长，表现为黑色；若放在30℃环境中成长，则表现为白色。这样的白色兔产生的子代再放在－15℃环境中，依然表现为黑色。这种现象在遗传学中称为“表型模拟”。下列叙述错误的是(　 ) A．在“表型模拟”中，兔子毛色的相关基因并没有发生变异 B．子代白色兔的出现，可能是在色素形成的过程中某些酶的活性受到影响 C．在30 ℃环境中成长的白色兔都是纯合子 D．生物的性状会受到基因控制，而性状形成的同时还受到环境的影响 √ 解析：两只黑色兔交配得到的子代，放在－15℃环境中成长，表现为黑色，基因型可能为WW或Ww，在30℃环境中成长则为白色兔，故在30 ℃环境中成长的白色兔可能为杂合子Ww，C错误。 5．研究具有一对相对性状的纯合子进行正反交实验，结果如下： 不考虑基因突变和染色体变异等，为解释这一现象，某生物兴趣小组的同学提出如下假说： 假说1：该对性状由细胞核内的遗传物质控制，甲为显性性状，个体的性状由母体的基因型决定，不受自身基因型的支配，即“母性效应”。 假说2：该对性状由细胞质内的遗传物质控制，即细胞质遗传，特点为母系遗传。 下列分析正确的是(　 ) A．“母性效应”和细胞质遗传均遵循孟德尔定律 B．将实验一的F1自交得F2，若F2全为甲性状，则假说2成立 C．将实验二的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，则假说2成立 D．将实验二的F1自交得到F2，F2自交得到F3，若F3出现3∶1的分离比，则假说1成立 √ 解析： “母性效应”受核基因控制，遵循孟德尔遗传定律，细胞质遗传不遵循孟德尔遗传定律，A错误。 若假说1成立，假设甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1(Aa)自交得F2，实验一、实验二中F2均表现为甲性状；若假说2成立，实验一的F1、F2均表现为甲性状，实验二的F1、F2均表现为乙性状，故实验一的F1自交得到F2，若F2均表现为甲性状，无法判断是母性效应还是母系遗传；将实验二的F1自交得到F2，若F2均表现为甲性状，说明假说1成立，B、C错误； 若假说1成立，“母性效应”遵循孟德尔遗传定律，假设实验二中甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1(Aa)自交得F2，F2的基因型为1AA∶2Aa∶1aa，F2自交得到F3表现与各自母本一致，即为甲性状∶乙性状＝3∶1，若假说2成立，实验二的F1、F2、F3表现为乙性状，D正确。 素养提升训练 03 1．凤仙花的花锤有单瓣和重瓣两种，由一对等位基因控制，且单瓣对重瓣为显性，在开花时含有显性基因的精子半数不育而含隐性基因的精子均可育，卵细胞不论含显性还是隐性基因都可育。现取自然情况下多株杂合单瓣凤仙花自交得F1，F1中单瓣与重瓣的比值正确的是(　 ) A．3∶1 B．1∶1 C．2∶1 D．无规律，不确定 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：若这对等位基因用A和a表示，依题意可推知，自然情况下杂合单瓣凤仙花的基因型为Aa，由于含有显性基因的精子半数不育而含隐性基因的精子均可育，故产生的精子类型及其比例为A∶a＝1∶2，产生的卵细胞的类型及其比例为A∶a＝1∶1，因此杂合单瓣凤仙花自交所得F1的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝1∶3∶2，由于单瓣对重瓣为显性，故F1表型为单瓣与重瓣的比值为2∶1，C正确。 2．(2024·威海期末)研究表明，甘蓝在开花前可以完成自交，若待开花后传粉就会出现自交不亲和现象，即与卵细胞基因型相同的精子因花粉粒不能萌发出花粉管而不能参与受精。若Cy、Cb1、Cb2为控制甘蓝籽粒色泽的3个等位基因，其中Cy控制黄籽，Cb1和Cb2控制黑籽，三者的显隐性关系为Cb1＞Cy＞Cb2。下列说法不正确的是(　 ) A．Cy、Cb1、Cb2遗传时遵循基因的分离定律 B．基因型为CyCy和Cb2Cb2的亲本杂交得到F1，F1开花前完成自交，则F2中黄籽∶黑籽＝3∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C．将基因型为Cb1Cy的甘蓝在花未成熟前去雄，花开后分别传以基因型为Cb1Cb2、CyCb2植株的花粉，则两种传粉方式产生子代的基因型不同 D．母本在花未成熟前去雄，基因型为Cb1Cy和CyCb2的甘蓝植株正反交产生子代的基因型共有3种 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：Cy、Cb1、Cb2为控制甘蓝籽粒色泽的位于一对同源染色体上的等位基因，在遗传时遵循基因的分离定律，A正确； 基因型为CyCy和Cb2Cb2的亲本杂交得到F1(CyCb2)，F1开花前完成自交，则F2的基因型及比例为CyCy∶CyCb2∶Cb2Cb2＝1∶2∶1，表型及比例为黄籽∶黑籽＝3∶1，B正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 将基因型为Cb1Cy的甘蓝在花未成熟前去雄作为母本，花开后分别传以基因型为Cb1Cb2、CyCb2植株的花粉，则两种传粉方式能完成受精的花粉均为Cb2，产生子代的基因型相同，均为CyCb2、Cb1Cb2，C错误； 将基因型为Cb1Cy作为父本和CyCb2作为母本的甘蓝植株杂交视为正交，父本产生的基因型为Cy的精子不能参与受精，故子代基因型为Cb1Cy、Cb1Cb2，同理，反交(Cb1Cy作为母本和CyCb2作为父本)产生子代的基因型为Cb1Cb2、CyCb2，正反交产生子代的基因型共有3种，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 3．研究者将上万粒野生型蝴蝶(性别决定方式为ZW型)的受精卵置于适当强度的紫外线下照射80秒后，移至适宜条件下孵育至众多成虫，发现一只表型为小斑点的单基因(A/a)突变雄蝶。利用此雄蝶进行如下杂交实验。下列说法不正确的是(　 ) A．紫外线照射时间越长，得到的突变个体不一定越多 B．实验结果说明小斑点翅为显性突变，大斑点翅是隐性性状 C．控制斑点翅的基因位于常染色体上或Z染色体上的杂交结果不同 D．F2大斑点翅∶小斑点翅＝5∶7，说明含A基因的卵细胞有4/5不育 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：基因突变具有不定向性，故紫外线照射时间越长，得到的突变个体不一定越多，A正确； 分析题图可知，小斑点翅雄蝶和小斑点翅雌蝶相互交配的后代出现了大斑点翅，由此可知，小斑点翅为显性突变，大斑点翅是隐性性状，B正确； 控制斑点翅的基因位于常染色体上(Aa×aa)或Z染色体上(ZAZa×ZaW)的杂交结果是一样的，C错误； F2的性状分离比为大斑点翅∶小斑点翅＝5∶7，大斑点翅占5/12，根据F1可知，小斑点雄性个体产生的配子正常，推测含A基因的卵细胞占卵细胞的比例为1/6，说明含A基因的卵细胞有4/5不育，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 4．镶嵌显性是我国遗传学家在研究异色瓢虫斑纹遗传特征时发现的一种遗传现象，即双亲的性状在F1同一个体的不同部位表现出来，形成镶嵌图式。下图是异色瓢虫两种纯合子杂交实验的结果，下列有关叙述错误的是(　 ) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A．瓢虫鞘翅斑纹的遗传遵循基因分离定律 B．F2中的黑缘型与均色型均为纯合子 C．除去F2中的黑缘型，其他个体间随机交配，F3中新类型占2/9 D．新类型个体中，SA在鞘翅前缘为显性，SE在鞘翅后缘为显性 解析：瓢虫鞘翅斑纹由一对等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律，A正确； F2中应出现三种基因型，SASA∶SASE∶SESE＝1∶2∶1，根据题意分析可知，黑缘型与均色型均为纯合子，B正确； √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 除去F2中的黑缘型，新类型和均色型个体比例为2∶1，个体间随机交配，产生配子种类及比例为SA∶SE＝1∶2，F3中新类型占2×2/3×1/3＝4/9，C错误； F1表现为鞘翅的前缘和后缘均有黑色斑，说明SA在鞘翅前缘为显性，SE在鞘翅后缘为显性，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 5．(2024·黄冈模拟)小鼠的正常体型对矮小体型为显性，分别受常染色体上等位基因A、a控制。在小鼠体型的遗传过程中，有一种有趣的“基因印迹”现象，即来自某一亲本的基因A被“印迹”而不能表达。下列相关叙述正确的是(　 ) A．正常体型的小鼠不一定是纯合子，矮小体型的小鼠一定是纯合子 B．基因型为Aa的雌雄小鼠交配，子代性状分离比为3∶1 C．可通过测交实验判断被“印迹”基因A来自哪个亲本 D．若被“印迹”基因A来自母本，母本一定是正常体型 √ 解析：正常体型的小鼠基因型可能为Aa或AA，不一定是纯合子，矮小体型的小鼠不一定是纯合子，若基因型为Aa小鼠的基因A被“印迹”而不能表达，则小鼠表现为矮小体型，A错误； 基因型为Aa的雌雄小鼠交配，后代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，若来自某一亲本的基因A被“印迹”而不能表达，即基因型为Aa的个体中有一半表现为矮小体型，则子代性状分离比为1∶1，B错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 6．黄瓜植株中含有一对等位基因E和e，其中E基因纯合的植株不能产生卵细胞，而e基因纯合的植株产生的花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现以若干基因型为Ee的黄瓜植株为亲本，下列有关叙述正确的是(　 ) A．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中EE植株所占比例为1/2 B．如果每代均自由交配直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为4/9 C．如果每代均自交直至F2，则F2植株中正常植株所占比例为1/2 D．如果每代均自交直至F2，则F2植株中ee植株所占比例为1/2 √ 解析：基因型为Ee的个体自交后代F1的基因型及比例是EE∶Ee∶ee＝1∶2∶1，F1进行自由交配时，由于E基因纯合的植株不能产生卵细胞，则产生的雌配子的基因型及比例是E∶e＝1∶2，由于基因型为ee的植株产生的花粉不能正常发育，则产生的雄配子的基因型及比例是E∶e＝2∶1，则F2中，ee的基因型频率＝2/3×1/3＝2/9，EE的基因型频率＝1/3×2/3＝2/9，正常植株Ee所占比例为1－2/9－2/9＝5/9，A、B错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 E基因纯合的植株不能产生卵细胞，而e基因纯合的植株花粉不能正常发育，因此每代中只有基因型为Ee的植株可以自交，因此F2中正常植株Ee所占比例为1/2，ee植株所占比例为1/4，C正确，D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 7．扁豆具有多种外皮性状，是由同一基因位点的多个不同基因控制的。将纯种不同性状的扁豆杂交得到F1，然后自交得到F2，结果如下表。据表判断，下列叙述不正确的是(　 ) 杂交组合(亲本) F1表型及比例 F2表型及比例 麻面A×麻面B 全部麻面A 麻面A∶麻面B＝3∶1 麻面B× 斑点A(或B) 全部麻面B 麻面B∶斑点A (或B)＝3∶1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 斑点A×斑点B 斑点A、B混合 斑点A∶斑点A、B混 合∶斑点B＝1∶2∶1 斑点A (或B)×光面 全部斑点 A(或B) 斑点A(或B) 光面＝3∶1 续表 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A.一株扁豆的外皮性状由多对等位基因控制 B．光面扁豆自交后代不会出现性状分离 C．亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A D．控制斑点A和B的基因是共显性关系 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：由表格信息可知，麻面A×麻面B，F1全是麻面A，F1自交得到F2，F2中麻面A∶麻面B＝3∶1，说明麻面A对麻面B是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子；麻面B×斑点A(或B)，F1全是麻面B，F1自交得到F2，F2中麻面B∶斑点A(或B)＝3∶1，说明麻面B对斑点A(或B)是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 斑点A×斑点B，F1是斑点A、B混合，F1自交，F2中斑点A∶斑点A、B混合∶斑点B＝1∶2∶1，说明控制斑点A和B的基因是共显性，由一对等位基因控制，且亲本是纯合子；斑点A(或B)×光面，F1全部是斑点A(或B)，F1自交得到F2，F2中斑点A(或B)∶光面＝3∶1，说明斑点A(或B)对光面是显性性状，由一对等位基因控制，且亲本是纯合子。根据以上分析可知，扁豆的多种外皮性状由一对等位基因控制，各种等位基因属于复等位基因，A错误；   1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 光面扁豆相对于其他性状是隐性性状，自交后代不会出现性状分离，B正确； 由分析可知，麻面A对麻面B是显性，麻面B对斑点B是显性，因此麻面A对斑点B是显性，亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A，C正确； 由分析可知，控制斑点A和B的基因是共显性关系，D正确。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 8．“母性效应”是指子代某一性状的表型由母体的染色体基因型决定，而不受本身基因型的支配。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖，但若单独饲养，也可以进行自体受精，其螺壳的旋转方向符合“母性效应”。已知椎实螺外壳的旋转方向是由一对核基因控制的，右旋(D)对左旋(d)是显性。若右旋(DD)雌性与左旋(dd)雄性交配，子一代全为右旋；若右旋(DD)雄性与左旋(dd)雌性交配，子一代全为左旋。对以下杂交结果的推测(设杂交后全部分开饲养)错误的是(　 ) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 9．科学家发现了家蚕的一种突变表型——“新缢”蚕，并对这种表型做了遗传分析。请回答下列问题： (1)新缢蚕是家蚕在幼虫时期，在身体中央的环呈缢缩状(称为新缢环)，而非新缢蚕(正常蚕)在幼虫时期中央部位的环无缢缩状态，该环是否缢缩是一对______性状。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)科学家将黑缟斑新缢蚕和普通斑正常蚕进行________，获得的F1进行雌雄个体交配，得到F2。对F2个体的性状进行统计，结果如表格所示。 性状 黑缟斑正常蚕 黑缟斑新缢蚕 普通斑正常蚕 个体数 653个 322个 326个 F2中正常蚕与新缢蚕的性状分离比约为________，可知新缢蚕是由______对基因控制的____性性状。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (3)在F2中纯合子和杂合子的比例为________，黑缟斑基因与新缢蚕基因在染色体上的位置关系是____________________________。 (4)将F1中的雄蚕与普通斑新缢蚕的雌蚕进行杂交，预期的表型及比例为____________________________。如果子代出现了几只普通斑新缢蚕和______________蚕，那么出现普通斑新缢蚕的原因是______________________________________________________________________________________________________________________。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：(1)由题意可知，该环是否缢缩是同一性状的不同表现类型，是一对相对性状。 (2)科学家将黑缟斑新缢蚕和普通斑正常蚕进行杂交，获得的F1进行雌雄个体交配，得到F2。F2中正常蚕与新缢蚕的性状分离比约为(653＋326)∶322≈3∶1，可知新缢蚕是由一对基因控制的，且新缢蚕是隐性性状，正常蚕为显性性状。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (3)分析F2可知，黑缟斑∶普通斑＝(653＋322)∶326≈3∶1，说明黑缟斑和普通斑是由一对等位基因控制的，黑缟斑为显性性状。设黑缟斑由A基因控制，普通斑由a基因控制，正常蚕由B基因控制，新缢蚕由b基因控制，则F1的基因型为AaBb，根据F2中黑缟斑正常蚕∶黑缟斑新缢蚕∶普通斑正常蚕≈2∶1∶1可知，黑缟斑基因A和新缢蚕基因b在一条染色体上，表现为连锁，同时a和B基因连锁，F1产生的配子及比例为Ab∶aB＝1∶1，所以F2中纯合子为AAbb和aaBB，所占比例为1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，故杂合子也占1/2，所以在F2中纯合子和杂合子的比例为1∶1。   1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (4)将F1中的雄蚕AaBb与普通斑新缢蚕aabb的雌蚕进行杂交，由于AaBb产生的配子及比例为Ab∶aB＝1∶1，故杂交后代基因型及比例为Aabb∶aaBb＝1∶1，性状分离比为黑缟斑新缢蚕∶普通斑正常蚕＝1∶1。若F1中的雄蚕在减数分裂Ⅰ前期，同源染色体非姐妹染色单体之间发生了互换，则会形成同时含有普通斑基因、新缢蚕基因的染色体，含有该染色体的精子与母本卵细胞结合，受精卵发育会形成普通斑新缢蚕个体。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案：(1)相对　(2)杂交　3∶1　一　隐　 (3)1∶1　位于同一对同源染色体上(完全连锁)　(4)黑缟斑新缢蚕∶普通斑正常蚕＝1∶1　黑缟斑正常　F1中的雄蚕在减数分裂Ⅰ前期，同源染色体非姐妹染色单体之间发生了互换，形成了同时含有普通斑基因、新缢蚕基因的染色体，含有该染色体的精子与母本卵细胞结合，受精卵发育形成了普通斑新缢蚕个体 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 10．果蝇的翅型由位于常染色体上的一对等位基因(A、a)决定，但是也受环境温度的影响，如在室温(20℃)条件下，基因型为AA和Aa的果蝇为正常翅，基因型为aa的果蝇为残翅；在低温(0℃)条件下，三种基因型的果蝇都为残翅。现在用6只果蝇进行三组杂交实验(如下表)，其中雄性亲本②④⑥在室温(20℃)长大，分析表格相关信息回答下列问题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 组别 雌性亲本 雄性亲本 子代饲喂条件 子代表型及数量 Ⅰ ①残翅 ②残翅 低温(0 ℃) 全部残翅 Ⅱ ③正常翅 ④残翅 室温(20 ℃) 正常翅91 Ⅲ ⑤残翅 ⑥正常翅 室温(20 ℃) 正常翅152残翅49 (1)表中亲代①③⑤雌果蝇中 ______(填序号)一定是在低温(0 ℃)的条件下饲养的；亲代果蝇③的基因型一定是 ______。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)果蝇翅型的遗传说明了生物性状是 ________________共同调控的。 (3)为确定亲本①的基因型，请完善某生物兴趣小组设计的实验思路并预测实验结果得出结论。将第Ⅰ组的子代进行随机自由交配得F2，把F2幼体放在________的条件下饲喂，观察统计F2表型及比例。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 预测结果及结论： 若F2____________________________________，则果蝇①的基因型为Aa; 若F2____________________________________，则果蝇①的基因型为AA; 若F2____________________________________，则果蝇①的基因型为aa。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：(1)根据⑤(残翅)与⑥(正常翅)杂交，后代在室温条件下，子代果蝇出现正常翅∶残翅≈3∶1的性状分离比，说明亲本的基因型均为Aa。因此亲代雌果蝇中⑤一定是在低温(0 ℃)的条件下饲养的。由于亲代果蝇中③是正常翅，其基因型为AA或Aa，与④(残翅)杂交后代表型及比例为正常翅∶残翅≈1∶1，说明亲本为测交类型，所以其基因型一定是Aa。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 (2)果蝇的翅型由位于常染色体上的一对等位基因(A、a)决定，基因型A_的个体在室温条件下均表现为正常翅，而在低温条件下均表现为残翅，说明生物性状是基因与环境共同调控的。 (3)亲代①为残翅，其子代又在低温条件下饲喂，所以无法直接判断其基因型，所以可能是AA、Aa、aa。可将实验组Ⅰ的子代进行自由交配，且把F2放在室温的条件下饲喂，最后观察并统计子代翅型的表型及比例。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 由于“雄性亲本均在室温条件下饲喂”，因此②残翅的基因型为aa，若①(残翅)的基因型为Aa，则子代基因型和比例为Aa∶aa＝1∶1，A配子占1/4，a配子占3/4，故子二代中aa占3/4×3/4＝9/16，则A_占7/16，把F2幼体放在室温的条件下饲喂，表型和比例为正常翅∶残翅＝7∶9；若①的基因型为AA，则子一代基因型均为Aa，子一代自由交配得到的子二代的基因型及比例为A_∶aa＝3∶1，室温条件下培养后表现为正常翅与残翅的比例为3∶1；若①的基因型为aa，则子一代基因型均为aa，子一代自由交配得到的子二代基因型也均为aa，室温条件下培养后均表现为残翅。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案：(1)⑤　Aa　(2)基因与环境　(3)室温(20℃)　正常翅∶残翅＝7∶9　正常翅∶残翅＝3∶1　全为残翅 交配 组合 1/3(AA×AA)、 2/3(Aa×Aa) 两种交配组合方式 ♂×♀ 四种交配组合方式 基因型(♂/♀) 1/3AA 2/3Aa 1/3AA 1/9AA 1/9AA、1/9Aa 实验一：♀甲×♂乙→F1呈甲性状 实验二：♂甲×♀乙→F1呈乙性状 可通过测交实验判断被“印迹”基因A来自哪个亲本，若♂Aa×♀aa的子代性状比例为1∶1，则被“印迹”基因A来自母本，若♂Aa×♀aa的子代性状全为矮小体型，则被“印迹”基因A来自父本，C正确； 若被“印迹”基因A来自母本，其母本的基因型可能是Aa，母本的基因A可能被“印迹”而表现矮小体型，D错误。 A．♀DD×♂dd，F1全是右旋，F2也全是右旋，F3中右旋∶左旋＝3∶1 B．♀dd×♂DD，F1全是左旋，F2也全是左旋，F3中右旋∶左旋＝3∶1 C．♀dd×♂Dd，F1全是左旋，F2中右旋∶左旋＝1∶1 D．♀DD×♂Dd，F1全是右旋，F2也全是右旋 解析：♀DD×♂dd，由于母本基因型是DD，所以F1全是右旋，同时F1的基因型是Dd，F2全部表现为Dd的表型(右旋)，F2的基因型及比例为DD∶Dd∶dd＝1∶2∶1，因此获得的F3中右旋∶左旋＝3∶1，A正确； ♀dd×♂DD，由于母本基因型是dd，所以F1全是左旋，同时F1的基因型是Dd，所以F2全是右旋，B错误； ♀dd×♂Dd，F1有两种基因型，即Dd∶dd＝1∶1，由于母本基因型是dd，所以F1全是左旋，F1自交，F2表型由F1母本基因型决定，即右旋∶左旋＝1∶1，C正确； ♀DD×♂Dd，由于母本基因型为DD，所以F1全是右旋，同时F1的基因型及比例为DD∶Dd＝1∶1，所以F2也全是右旋，D正确。 $$