《囯考1号》2024届高三物理第一套 暑期补课训练

nullone 物理参考答案 ①本套试题考试范围：运动、力、物体的平衡，选修3一3、选修3一4 ②全卷易、中、难比例：5：4：1：全卷难度系数预估：0.68。 题号 1 2 5 6 10 11 12 答案 D D D B B D ABC BD AC BC 一、本题包括8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.【答案】D 【命题立意】位移是矢量，路程是标量 【详解】位移为初位置指向末位置的有向线段，位移大小为x=2R+2R=4R方向向东：路程为物体运动轨迹的长 度，路程为x=πR十πR=2πR。 故选D。 2.【答案】C 【命题立意】速度、速度的变化量、加速度的区别和联系 【详解】A.运动物体的速度变化量越大，加速度不一定越大，还取决于速度变化所用的时间，故A错误： B.加速度与速度没有直接的关系，速度很大的物体，其加速度可能为零，比如匀速直线运动，故B错误： C.某时刻物体速度为零，若速度变化率很大，则其加速度很大，故C正确： D.若物体做减速运动，加速度很大时，物体运动的速度很快变小，故D错误。 故选C。 3.【答案】D 【命题立意】重力、弹力 【详解】A.物体对弹簧的压力是由于物体的形变产生的，故A错误： C由图甲，可得弹资的劲度系数女-公二-85Nm=600Nm,C错误： BD.设弹簧压缩量为，根据平衡条件mg=kx,解得x=,8X10 600 m=3cm弹簧长度为20cm一3cm=17cm,故D 正确，B错误。 故选D。 4.【答案】C 【命题立意】位移和时间的关系，x一t图像中的每个点，代表不同时刻的位置，斜率代表速度 【详解】A.x一t图像不管是曲线还是直线都表示物体做直线运动，故A错误： B.由图像可知，4s时A、B两质点的图像相交于一点，说明两质点此刻在同一位置，即两质点此刻相遇，故B错误： C.由图像可知，前4s内A、B两质点的位移相同，两质点的平均速度相同。 故C正确： 物理参考答案第1页（共8页） D.位移一时间图像的斜率表示速度，根据图像可知，前4s内图像的斜率逐渐减小，即质点B在做减速运动，4s 后，质点的斜率为负且逐渐减小，可知质点B反向做减速运动，故D错误。 故选C。 5.【答案】D 【命题立意】力的合成与分解 【详解】A.合力和两个分力构成了力的矢量三角形，如图所示 309 F,不为零，由图可知F,的方向不可能与F平行，故A错误： BD.当F2和F垂直时，F最小 F=Fsin30°=20X号N=10N 故F的大小不可能小于10N,故B错误，D正确： C.F,的大小可能小于4N,故C错误。 故选D。 6.【答案】B 【命题立意】自由落体运动 【详解】A.相邻两水滴均做自由落体运动，设后落下的水滴运动的时间为1，则先落下水滴运动的时间为1十△，则 有两水滴间的距离△M=2g1十△)一=g1△+7g(△)，随时间：的增大，水滴间距越来越大，故A错误： B.根据初速度为零的匀加速直线运动规律：质点在连续相等时间内通过的位移之差为△s=αT。可知相邻水滴 之间的距离之差保持不变，为△h'=g△，故B正确： CD.设后落下的水滴运动的时间为1，则先落下水滴运动的时间为1十△1，根据 v=gt v=g(t十△f) 可知随时间：的增大，相邻水滴之间的速度越来越大：相邻水滴之间的速度之差 u=g(1十△1)一g1=g△1 △1为一定值，则相邻水滴之间的速度之差保持不变，故CD错误。 故选B。 7.【答案】B 【命题立意】共点力的平衡 【详解】A.对吸铁石受力分析可知，吸铁石共受到重力、恒力F、支持力、磁性黑板的吸引力、摩擦力这5个力的作 用，每一个力都有与其对应的反作用力，则与吸铁石相关的作用力与反作用力有5对，故A正确： B.对吸铁石受力分析可知，竖直面内受重力、恒力F,摩擦力3个力，三力平衡，则摩擦力与重力和恒力F的合力 等大反向，有∫=√F+(Mg)了，故B错误： C.对白纸受力分析，受压力、支持力、重力、磁性黑板的静摩擦力、吸铁石对白纸的摩擦力共5个力，故C正确： D.对白纸和吸铁石整体受力分析，竖直面内受重力、恒力F、磁性黑板的静摩擦力，也是三力平衡，故白纸受到黑 物理参考答案第2页（共8页） 板的摩擦力大小为=√F+(mg十Mg)厂，故D正确。 本题要选错误选项，故选B。 8.【答案】D 【命题立意】速度与时间的关系 【详解】AB.消防员在0~1.5min内上升，l.5~2.5min静止，2.5~4.25min内下降，故1.5min时上升的高度达 到最大，一图像与时间轴所围面积代表位移，注意时间单位，分钟换成秒，据面积法可得，上升的最大高度为x 是×15X1.5×60m=675m,故AB错误： C.消防员在0~0.5min向上加速，加速度方向向上，2.5~3min内向下加速，加速度方向向下，则两个时间段内的 加速度方向相反，C错误： (3-2.5)×60×10 D.消防员在2.5~3min内的平均速度大小为0= =（3-2.5)×60ms=5m/s.D正确。 故选D。 二、本题包括4小题，每小题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选 对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.【答案】ABC 【命题立意】质点、参考系和时间 【详解】A.参考系是为了研究问题方便而假定静止不动的物体。故只要研究对象与参考系的相对位置不发生变 化，则观察到的结果是物体静止不动。在本题中船是向东行驶，诗中描述“云”的运动是以船为参考系的。故A 正确： B.“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，诗句描绘的“飞流直下”是以山为参考系。故B正确。 C.“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎”所描述“山”的运动是以作者自身为参考系的，故C正确： D.“坐地日行八万里”中八万里即四万公里，等于赤道的长度，地球上不同的纬度上的周长不同：所以这个结论与 人的位置有关，故D错误。 故选ABC. 10.【答案】BD 【命题立意】摩擦力分为静摩擦、滑动摩擦力，滑动摩擦力与正压力和动摩擦因素有关系。 【详解】C.设手指竖直向下的压力为F,则手指与第1张牌之间的摩擦力为f=4F 由于手指向右移动，并且与第1张牌之间有相对滑动，所以第1张牌受到手指的摩擦力向右，故C错误： AB.第1张牌对第2张牌的压力为F十mg,它们之间的摩擦力为厂=(F十mg) 同理，第n张牌对第n+1张牌的压力为F+mg,它们之间的摩擦力为∫，=女(F+mg) 由于(F+mg)<(F+2mg)<(F+3mg)<…<(F+53mg） 所以第1张牌滑动时依靠摩擦力带不动第2张牌，第2张牌滑动时依靠摩擦力带不动第3张牌，以此类推，第52 张牌滑动时依靠摩擦力带不动第53张牌，即第2张牌到第53张牌之间不可能发生相对滑动，故A错误、B正确： D.将第2张牌到第53张牌看作一个整体，这个整体受到了第1张牌向右的摩擦力，则第54张牌也会受到第53 张牌对它的向右的摩擦力，所以桌面对它的摩擦力向左，故D正确。 故选BD。 物理参考答案第3页（共8页） 11.【答案】AC 【命题立意】匀变速直线运动规律 【详解IA,根据加速度的定义可知，冰壶减速运动的加速度大小为a-兰二？=一Q,125m 故加速度大小为0.125ms,A正确； B.由速度时间公式可得，9s末，冰壶的速度大小为v=%十at=6m/s-0.125×6m/s=5.25ms B错误； C由图线可知，机器人的加速度为a一合智-99m=一1m 1 故可得，7s末，冰壶的位移为x#=6什2a*f=23m 7s末，机器人的位移为工%=什2at=16m 则7s末，冰壶、机器人二者间距为7m,C正确； D.由于机器人停止运动时，其位移为18m,而此时冰壶的位移为x*=西t什2a*=33.75m 可知，机器人不能一直准确获取冰壶的运动信息，D错误。 故选AC。 12.【答案】BC 【命题立意】平衡条件的应用 【详解】A.如图所示 对小球受力分析，小球受重力、拉力F和细线的拉力F,作用，0角不变，a角减小到90时，F 最小，因此α角减小的过程中，F逐渐减小，F先减小后增大，故A错误： B.保持F水平，则F=mgtan0,F,=mg cos 0角增大时F,F,都逐渐增大，故B正确： C.保持α角不变，增大0角，细线和拉力F的方向都逆时针转动，如图 FT G F水平时F,最大，F水平时F最大，所以F,逐渐减小，F逐渐增大，故C正确： D.只增加细线的长度，对F、F,没有影响，故D错误。 故选BC。 三、非选择题（共60分） (一)必考题（共45分】 13.(6分) 【答案】(1)F(1分) (2)D(2分) (3)5.80(1分) 变小(1分) 变大(1分) 【命题立意】探究共点力的合成 物理参考答案第4页（共8页） 【详解】(1)[1]用一根弹簧秤拉皮筋时，拉力的方向与橡皮筋的方向在同一条直线上，即F与F‘两个力中，方向一 定沿AO方向的是F'。 (2)[2]A.在使用弹簧之前不用将弹簧秤用力拉，看是否能达到最大量程，故A错误： B.弹簧测力计使用前应该校零，即将两弹簧测力计调零后水平互钩对拉，选择两个读数相同的测力计，竖直互拉 会有重力的影响，故B错误； C.两个分力夹角0不宜过大，也不宜过小，不一定非要是90°，也不用勾股定理求解合力以验证平行四边形定则， 故C错误： D.本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边形定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与 木板平行，否则误差较大，为了减小作图时画线的误差，弹簧秤的拉力应适当大一些，故D正确。 故选D。 (3)[3]弹簧测力计a的分度值为0.1N,需要估读到0.01N,所以示数为5.80N。 [4][5]由题意，根据几何关系可知，弹簧测力计a、b对O的拉力F,F以及Q对O的拉力G 组成的矢量三角形内接于圆内，如图所示，可知在弹簧测力计α，b均绕O点顺时针缓慢转动 直到弹簧测力计a方向水平的过程中，弹簧测力计a示数变小，弹簧测力计b的示数会 变大。 14.(8分) 【答案】(1)4-6V交流(1分) 0.02(1分)(2)0.34(2分) 0.39(2分) (3)小(2分) 【命题立意】测匀变速直线运动的加速度 【详解】解：(1)汇1]电磁打点计时器是一种使用低压交流电源的计时仪器，工作电压4一6V。 [2]当电源的频率为50Hz时，由周期与频率的关系，则它每隔0.02s打一次点。 (2)[3]因纸带上两相邻计数点间有四个点未画出，所以打相邻两计数点的时间间隔是0.1s,由匀变速直线运动 中，申间时刻的速度等于平约速度，则有助-当-6张10/=03 [们由a4r=aT,可得小车运动的加速度大小a=兰=“7=15.05-677X10m=0.39n/. 4×0.1 (3)[5]如果当时电网中交变电流的频率是∫=51Hz,则打点周期变小，即打相邻两计数点的时间变小，小车的真 实位移变小，计算时仍按原时间，则有由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏小。 15.(8分) 【答案】1)33cm:(2)5N,方向沿斜面向下 【命题立意】共点力的平衡 【详解】(1)以结点O为研究对象，受力如图并正交分解 据平衡条件有 k.x-Fsin60°=0 (1分) 60 Fcos60°-mug=0 (1分) 联立解得 F=mug cos 60*-30N (1分) x=Fsin60°30X3 2 33 k 500 m= 100m=3cm (1分) 物理参考答案第5页（共8页） (2)物块A受力如图，并正交分解 据平衡条件有F-mag sin30°一∫=0 (2分) 解得/=F-mgin30°=30-5X10×号N=5N ……(分） 方向沿斜面向下。…… …(1分) 注意：摩擦力是矢量，不强调方向扣1分。 16.(10分) 【答案】(1)a=12ms,a=3m/s2:(2)s>36m 【命题立意】匀变速直线运动的规律 【详解】(1)在=1s时A车刚启动，两车间缩短的距离为B车的位移，可得 (1分) 解得B车的速度为月一12m/g……………… (1分) 图像斜率表示加速度，可得A车的加速度大小为a=,产，其中在=5s 解得A车的加速度大小为a=3m/s2 (1分) (2)两车的速度达到相等时，两车的距离达到最小，对应于一t图像的t,=5s时刻，此时两车已发生的相对位移 为梯形的面积，则x=之(1十)…… 代入数据解得s=36m ……(2分) 因此，若A、B两车不会相撞，则两车的距离s应满足条件为s>36m 17.(13分) 【答案】(1)X甲z=40m,方向为X轴负方向，或者是甲指向乙(2)一11 (3)10 【命题立意】匀变速直线运动的规律、运动图像 【详解】试题分析：由x一t图象可知，质点甲做匀速直线运动，质点乙在t=3s时与甲的速度相等，由一t图象可 知：质点乙做初速度为0的匀变速直线运动，根据速度和位移关系即可求出A的坐标值：找出甲乙的位移关系， 即可求出B的坐标值。 (1)有图像可知，X轴上，甲的初始位置在20m,乙的初始位置在一20m,位移为始点到终点的有向线段，X"z 40m,方向为X轴负方向，或者是甲指向乙；……………(4分) (2)由x一t图象可知，质点甲做匀速直线运动，质点乙在1=3s时与甲的速度相等 由v一t图象可知：质点乙做初速度为0的匀变速直线运动，质点甲的速度pm=6m/s 设定乙的加速度为a,综合以上信息知道1=3s时 速度关系为：吃=w=6m/s… ……(分） 乙的速度与时间关系为：vz=at4=2m/s ………(们分》 由乙的位移关系得：一-a 代入得xA-(-20)= ×2×3 …(们分） 联立解得：xA=一11m 即A点的坐标值是一11… (3)由，x一1图象设定乙追上甲用时为1m 由甲乙位移关系知：x一工2十t=2a6代人得20-（一20)+6×1=2 X2…(2分) 物理参考答案第6页（共8页） 代入数据解得：tn=10s或tn=一4s(舍去)… (2分) 即B点的坐标值是10 (1分) 点睛：本题主要考查了位移与时间图象和速度与时间图象，熟知图象的物理意义，找准速度关系和位移关系是解 题的关键。 (二)选考题(15分)】 18.(15分) (1)(5分) 【答案】BDE 【命题立意】分子动理论 【详解】A.用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的体积是1mL,则 1滴溶液的体积是10mL,含有油酸的体积小于10-mL,故A错误； B.往浅盘里倒入适量的水，再将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上，故B正确； C.用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液，同时将玻璃板放在浅盘上，待油酸在液面上形状稳定后，在玻璃板上 描下油酸膜的形状，故C错误： D.将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，计算轮廓范围内正方形的个数，并求得油膜的面积，故D正确： E.根据1滴油酸溶液中油酸的体积V和油膜面积S就可以算出油膜厚度d=S,即油酸分子直径的大小，故E V 正确。 故选BDE。 (2)(10分) 【答案1i)号：(i)4n,S 【命题立意】气体实验定律 【详解】(1)对A、B活塞受力分析，F=PS,由平衡条件，则有pSA十pSm=pSA十pSa…(2分) 代入数据解得p。 2 (2分) (ⅱ)B活塞恰好推动到两圆筒连接处时，所需推力F最大，设a气体压强为p'.,b气体压强为p',对a气体 pLS,-8.5. ……(2分） 对b气体 再对活塞受力分析 p'SA十p'SB=p'Sa十pSm十F 解得最大推力 F=4PS ………………(2分） 19.(15分) (1)(5分) 【答案】BDE 【命题立意】简谐运动的图像和公式 物理参考答案第7页（共8页） 【详解】A.根据图像可知，0一t,时间内，浮子的位移为正值，且逐渐增大，表明0时刻浮子沿y轴正方向振动，A错 误： B.浮子在竖直方向上做简谐运动，则在平衡位置，浮子所受外力的合力为0，即浮子在平衡位置时浮力与重力相 平衡，B正确： C.简谐运动的周期由振动系统自身性质决定，与振幅无关，因此浮子被提起的高度增高，浮子的振动周期不变，C 错误； D,根据a=F=一k m 可知，在~时间内，浮子的位移减小，加速度减小，浮子靠近平衡位置，速度增大，D正确： E.浮子在运动的过程中除了重力对其做功以外，还有浮力对其做功，因此浮子在运动的过程中机械能不守恒，E 正确。 故选BDE。 (2)(10分) 【答案】im=√胥：(i)4-一4或者6-8v2厘e 16 11c c 【命题立意】光的折射定律 【详解】（「）根据几何关系有 a 1 sini=- 3a …(2分) a+7a8 sin i=- 根据折射定理可得 sini 根据几何关系有n十n=1带入得(）'+答=1解得以= 16 …(2分） (i)两束光在液体中传播的距离差△s=EF一EF=4a一√⑧a ……………………(2分) 两束光在液体中传播的时间差△=4： (2分) n 解得△=如-二8a-16T-8v22)a (2分) 11c 物理参考答案第8页（共8页）