10.2023年普通高中学业水平选择性考试(湖南卷)（含答题卡）-【高考密码】2022-2024三年高考物理真题汇编试卷

绝密★启用前 2023年普通高中学业水平选择性考试（湖南卷） 物 理 本试卷满分100分，考试时间75分钟。 一、选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题 目要求) $ 1.2023年4月13日，中国“人造太阳”反应堆中科院环流器装置(EAST)创下新纪录，实现403 秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，为可控核聚变的最终实现又向前迈出了重要的一步， 下列关于核反应的说法正确的是 A.相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更多 B.氘氚核聚变的核反应方程为H+H→He+_e C.核聚变的核反应燃料主要是铀235 D.核聚变反应过程中没有质量亏损 2.如图()，我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的谷粒中有两颗的运 补 动轨迹如图(b)所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O,且轨迹交于P点，抛出时谷粒 1和谷粒2的初速度分别为y和2，其中方向水平，方向斜向上。忽略空气阻力，关于两 谷粒在空中的运动，下列说法正确的是 () A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度 B.谷粒2在最高点的速度小于 C.两谷粒从O到P的运动时间相等 D.两谷粒从O到P的平均速度相等 炉 谷粒2 谷粒 t/s 4m A 图a) 图) 图(a) 图(b) 第2题图 第3题图 留 3.如图()，在均匀介质中有A、B、C和D四点，其中A、B、C三点位于同一直线上，AC=BC= 4m,DC=3m,DC垂直AB.t=0时，位于A、B、C处的三个完全相同的横波波源同时开始振 动，振动图像均如图(b)所示，振动方向与平面ABD垂直，已知波长为4m.下列说法正确的是 ( A.这三列波的波速均为2m/s B.t=2s时，D处的质点开始振动 C.t=4.5s时，D处的质点向y轴负方向运动 D.t=6s时，D处的质点与平衡位置的距离是6cm 2023·湖南卷第1页（共8页） 4,根据宇宙大爆炸理论，密度较大区域的物质在万有引力作用下，不断聚集可能形成恒星。恒 星最终的归宿与其质量有关，如果质量为太阳质量的1~8倍将坍缩成白矮星，质量为太阳质 量的10~20倍将坍缩成中子星，质量更大的恒星将坍缩成黑洞。设恒星坍缩前后可看成质 量均匀分布的球体，质量不变，体积缩小，自转变快.不考虑恒星与其它物体的相互作用.已知 逃逸速度为第一宇宙速度的2倍，中子星密度大于白矮星。根据万有引力理论，下列说法正 确的是 () A.同一恒星表面任意位置的重力加速度相同 B.恒星坍缩后表面两极处的重力加速度比缩前的大 C.恒星坍缩前后的第一宇宙速度不变 D.中子星的逃逸速度小于白矮星的逃逸速度 5.如图，真空中有三个点电荷周定在同一直线上，电荷量分别为Q、Q2和Q,P点和三个点电荷 的连线与点电荷所在直线的夹角分别为90°、60°和30°。若P点处的电场强度为零，g>0,则 三个点电荷的电荷量可能为 () A.Q1=q,Q2=√2q,Q3=q B.Q--q.Q.--1y5g.Q.--10 C.Q1=-9,Q2=V2q,Q3=-q DQ=9Q,=-4g.Q,=4g 45 0 1.60 300 B Q 第5题图 第6题图 6.如图，真空中有区域I和Ⅱ，区域I中存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下（与纸面平 行)，磁场方向垂直纸面向里，等腰直角三角形CGF区域（区域Ⅱ）内存在匀强磁场，磁场方向 垂直纸面向外。图中A、C、O三点在同一直线上，AO与GF垂直，且与电场和磁场方向均垂 直。A点处的粒子源持续将比荷一定但速率不同的粒子射人区域I中，只有沿直线AC运动 的粒子才能进入区域Ⅱ。若区域I中电场强度大小为E、磁感应强度大小为B,区域Ⅱ中磁感 应强度大小为B2,则粒子从CF的中点射出，它们在区域Ⅱ中运动的时间为t。。若改变电场或 磁场强弱，能进入区域Ⅱ中的粒子在区域Ⅱ中运动的时间为1，不计粒子的重力及粒子之间的 相互作用，下列说法正确的是 () A.若仅将区域I中磁感应强度大小变为2B,,则1> B.若仅将区域I中电场强度大小变为2E,则t>1o C.若仅将区城Ⅱ中磁感应强度大小变为B,则1=2 4 D若仅将区被Ⅱ中磁感应强度大小变为异以，则一2 2023·湖南卷第2页（共8页） 二、选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 7.一位潜水爱好者在水下活动时，利用激光器向岸上救援人员发射激光信号，设激光光束与水面 的夹角为α，如图所示。他发现只有当α大于41°时，岸上救援人员才能收到他发出的激光光 束，下列说法正确的是 () A.水的折射率为sin4T 1 B水的折射率为m9 C.当他以α=60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面夹角小于60 D.当他以α=60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面夹角大于60 岸上数极人员 水而 潜水爱好者邮一激光器 第7题图 第8题图 第9题图 8.如图，固定在竖直面内的光滑轨道ABC由直线段AB和圆弧段BC组成，两段相切于B点， AB段与水平面夹角为0，BC段圆心为O,最高点为C,A与C的高度差等于圆弧轨道的直径 2R。小球从A点以初速度。冲上轨道，能沿轨道运动恰好到达C点，下列说法正确的是 A.小球从B到C的过程中，对轨道的压力逐渐增大 B.小球从A到C的过程中，重力的功率始终保持不变 C.小球的初速度=√2gR D.若小球初速度，增大，小球有可能从B点脱离轨道 9.某同学自制了一个手摇交流发电机，如图所示。大轮与小轮通过皮带传动（皮带不打滑），半 径之比为4：1，小轮与线圈固定在同一转轴上。线圈是由漆包线绕制而成的边长为L的正方 形，共匝，总阻值为R。磁体间磁场可视为磁感应强度大小为B的匀强磁场。大轮以角速度 ω匀速转动，带动小轮及线圈绕转轴转动，转轴与磁场方向垂直。线圈通过导线、滑环和电刷 连接一个阻值恒为R的灯泡。假设发电时灯泡能发光且工作在额定电压以内，下列说法正确 的是 () A.线圈转动的角速度为4w B.灯泡两端电压有效值为3√2nBL2w C.若用总长为原来两倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为L的多匝正方形线圈，则灯泡两端 电压有效值为4V2nBLw 3 D.若仅将小轮半径变为原来的两倍，则灯泡变得更亮 2023·湖南卷第3页（共8页） 10.如图，光滑水平地面上有一质量为2m的小车在水平推力F的作用下加速运动。车厢内有质 量均为的A、B两小球，两球用轻杆相连，A球靠在光滑左壁上，B球处在车厢水平底面上， 且与底面的动摩擦因数为：，杆与竖直方向的夹角为，杆与车厢始终保持相对静止，假设最 大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是 A.若B球受到的摩擦力为零，则F=2 ngtan0 B.若推力F向左，且tan≤u,则F的最大值为2 mgtan0 C.若推力F向左，且<tan≤2，则F的最大值为4mg(2-tan 0) D.若推力F向右，且tan0>2,则F的范围为4mg(tan0-2u)≤F ≤4mg(tan0+2) 三、非选择题（本题共5小题，共56分） 11.(7分)某同学探究弹簧振子振动周期与质量的关系，实验装置如图()所示，轻质弹簧上端悬 挂在铁架台上，下端挂有钩码，钩码下表面吸附一个小磁铁，其正下方放置智能手机，手机中 的磁传感器可以采集磁感应强度实时变化的数据并输出图像，实验步骤如下： (1)测出钩码和小磁铁的总质量m: (2)在弹簧下端挂上该钩码和小磁铁，使弹簧振子在竖直方向做简谐 运动，打开手机的磁传感器软件，此时磁传感器记录的磁感应强度变 化周期等于弹簧振子振动周期： 铁架台 钩码 (3)某次采集到的磁感应强度B的大小随时间：变化的图像如图(b)所 一小磁铁 示，从图中可以算出弹簧振子振动周期T (用“t”表示)： 于机 B 图(a) 图(b) (4)改变钩码质量，重复上述步骤： (5)实验测得数据如下表所示，分析数据可知，弹簧振子振动周期的平方与质量的关系是 (填“线性的”或“非线性的”)： m/kg 10T/s T/s T/s 0.015 2.43 0.243 0.059 0.025 3.14 0.314 0.099 0.035 3.72 0.372 0.138 0.045 4.22 0.422 0.178 0.055 4.66 0.466 0.217 (6)设弹簧的劲度系数为k,根据实验结果并结合物理量的单位关系，弹簧振子振动周期的表 达式可能是 (填正确答案标号)： A2x因 B2A C.2π√mk D.2πk√m (7)除偶然误差外，写出一条本实验中可能产生误差的原因： 2023·湖南卷第4页（共8页） 12.(9分)某探究小组利用半导体薄膜压力传感器等元件设计了一个测量微小压力的装置，其电 路如图(a)所示，R,、R2、R为电阻箱，R。为半导体薄膜压力传感器，C、D间连接电压传感器 (内阻无穷大). 压力传感器 LL R U 图(a) 图(b) (1)先用欧姆表“×100”挡粗测R的阻值，示数如图(b)所示，对应的读数是 Q: (2)适当调节R、R2、R,使电压传感器示数为0，此时，RF的阻值为 (用R、R2、R 表示)： (3)依次将0.5g的标准砝码加载到压力传感器上（压力传感器上所受压力大小等于砝码重 力大小)，读出电压传感器示数U,所测数据如下表所示： 次数 1 2 3 4 5 6 砝码质 0.0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 量m/g 电压 0 57 115 168 220 280 U/mV 根据表中数据在图(c)上描点，绘制Um关系图线 UfmV 300 250 200 150 100 50 0 0.51.0 1.52.0 2.5 3.0m/g 图(c) (4)完成前面三步的实验工作后，该测量微小压力的装置即可投入使用.在半导体薄膜压力传 感器上施加微小压力F。,电压传感器示数为200mV,则F。大小是 N(重力加速度 取9.8m/s,保留2位有效数字)： (5)若在步骤(4)中换用非理想毫伏表测量C、D间电压，在半导体薄膜压力传感器上施加微 小压力F,此时非理想毫伏表读数为200mV,则F (填“>”“=”或“<”)F。 2023·湖南卷第5页（共8页） 13.(10分)汽车刹车助力装置能有效为驾驶员踩刹车省力.如图，刹车助力装置可简化为助力气 室和抽气气室等部分构成，连杆AB与助力活塞固定为一体，驾驶员踩刹车时，在连杆AB上 施加水平力推动液压泵实现刹车.助力气室与抽气气室用细管连接，通过抽气降低助力气室 压强，利用大气压与助力气室的压强差实现刹车助力.每次抽气时，K,打开，K2闭合，抽气活 塞在外力作用下从抽气气室最下端向上运动，助力气室中的气体充满抽气气室，达到两气室 压强相等；然后，K,闭合，K2打开，抽气活塞向下运动，抽气气室中的全部气体从K2排出，完 成一次抽气过程.已知助力气室容积为V。,初始压强等于外部大气压强p。,助力活塞横截面 积为S,抽气气室的容积为V.假设抽气过程中，助力活塞保持不动，气体可视为理想气体，温 度保持不变。 (1)求第1次抽气之后助力气室内的压强p,: 抽气活塞 (2)第n次抽气后，求该刹车助力装置为驾驶员 助力活塞 抽气气室 K 省力的大小△F. Po 6 K AO G液Uk泵 连杆 水平力 助力气室 2023·湖南卷第6页（共8页） 14.(14分)如图，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L,两导轨及其所构成的平 面均与水平面成日角，整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小 为B.现将质量均为m的金属棒a、b垂直导轨放置，每根金属棒接入导轨之间的电阻均为R. 运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好，金属棒始终未滑出导轨，导轨电阻忽略不计， 重力加速度为g (1)先保持棒b静止，将棒a由静止释放，求棒a匀速运动时的速 度大小0： (2)在(1)问中，当棒a匀速运动时，再将棒b由静止释放，求释放 瞬间棒b的加速度大小a。: (3)在(2)问中，从棒b释放瞬间开始计时，经过时间t,两棒恰好 达到相同的速度v,求速度v的大小，以及时间t。内棒a相对于棒b运动的距离△x. 2023·湖南卷第7页（共8页） 15.(16分)如图，质量为M的匀质凹槽放在光滑水平地面上，凹槽内有一个半椭圆形的光滑轨 道，椭圆的半长轴和半短轴分别为α和b,长轴水平，短轴竖直.质量为m的小球，初始时刻从 椭圆轨道长轴的右端点由静止开始下滑.以初始时刻椭圆中心的位置为坐标原点，在竖直平 面内建立固定于地面的直角坐标系xOy,椭圆长轴位于x轴上.整个过程凹槽不翻转，重力加 速度为g, (1)小球第一次运动到轨道最低点时，求凹槽的速度大小以及凹 槽相对于初始时刻运动的距离； (2)在平面直角坐标系xOy中，求出小球运动的轨迹方程： (3)若4。。求小球下降A一会高度时，小球相对于地面的速 度大小（结果用a、b及g表示）. 2023·湖南卷第8页（共8页）2023年普通高中学业水平选择性考试（湖南卷） 物理答题卡 姓 名： 准考证号： 贴条形码区 考生 缺考考生由监考员贴条形码，并用2B铅笔填涂下面的缺考标 (正面朝上，请勿贴出虚线方框) 禁填 记。回 $ 1.答题前，考生将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真核实对监考员所粘贴的条形码上的准考证号，姓名、考场 和座位号是否准确无误。 2.选择题必须使用2B铅笔将对应题目的答案标号涂黑，修改时用橡皮擦干净，再选择其它答案涂黑。非选择题必 注意事项 须使用0.5毫米黑色签字笔填写，字体工整，笔迹清楚。 3.请按题号顺序在各题的答题区域内答题，超出答题区域的答案无效，在草稿纸、试题纸上书写的答案无效。 4.保持卡面清洁、完整、严禁折叠，严禁使用涂改液、胶带纸和修正带。 5.正确填涂 补 选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。 1.CA][B[C][D] 3.[A][B[C][D] 5.[A][B]CC][D] 2.[A][B[C][D 4.[A][B][C[D] 6.[A][B[C][D] 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 教 7.[A][B][CD]8.[A][B][C[D] 9.[ATCB][C]D] 10.[A][B][C][D] 的 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) (1) (2) 留 弹黄 铁架台 码 小磁铁 手机 图(a) 图(b) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第1页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 (3) (5) (6) 12.(9分) (1) (2) (3)tUlmV 300 250 200 150 100 50 0 0.51.01.52.02.53.0mg 图(c) (4) (5) 13.(10分) 轴气沂塞 助力活塞 轴气气室 Po a K A0= 。液压泵 助力气室 连杆 B 水平力S 请在各题目的答题区域内作答，短出边框的答案无效 物理答题卡第2页（共4页） ■ ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) ..0 请在各题目的答题区域内作答，短出边框的答案无效 物理答题卡第3页（共4页） ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) y b 请在各题目的答题区域内作答，短出边框的答案无效 物理答题卡第4页（共4页）物块A到达圆孤轨道最高点时，根据牛顿第二定律有 为了保证B、C之一落在木板上，需要满足下列条件之一 F、+m:gsin37°=m1R Ⅲ，若仅B落在木板上，应满足 (2.064-2△)+1.3≥0.6，且(2.064-2△)0.6 联立解得F、=1N N,若仅C落在木板上，应满足 (2.064-2△y)+1.3≥2.528+0.6.且(2.064-2)≤2.528 设物块A抛出时追度四的水平和竖直分量分别为 十0.6 和，· 解得Ⅲ.0.732s≤△M≤1.3828，N.0≤△M≤0.118s 包，=usin37°，u,=cos37 综合分析(a)(b)两种情况，为保证B,C之一 斜抛过程物块A上升时间1=二=0.48，该段时间物块A 一定落在木板上，△满足的条件为 g 0.1s≤△0.1188或0.732s≤0.75s. 向左运动距离为1=u,11=L.2m 2023年普通高中学业水平选择性考试 物块A距离地面最大高度H=R(1十sin37°)十 2 (湖南卷) 2g ③)药块A从最高点落地时同√四-063配s,设向左 1,AB选项核聚变的核反应方程不满足质量数守恒和电荷数 守恒：C选项中抽235是核裂变的核反应燃料，不是核聚变的 为正方向，物块A在最高点炸裂为B,C,设质量和速度分别 核反应燃料：D选项无论是核裂变还是核聚变，都有质量亏 为m,,m,和v1、,设川。：m,=1:3,系统动能增加△Ek 损.故选A. 根据动量守恒定律和能量守恒定律得 2.B谷粒1微平抛运动，谷粒2做斜抛运动，它们运动过程中 n1,一m3十m: 都是只受重力，因此加速度都等于重力加速度，A错误；运动 1 时间由高度决定，谷粒2先上升再下降到P点，运动时间大 zm,+△E=2m,d+2m, 于谷粒1的运动时间，C错误：两谷粒从O到P的位移相同， 联立解得，=6m/s,.=2m/s或，=0， 但时间不同，因此平均速度不同，D错误：谷粒2在最高，点的 达=4m/5 速度即为水平分速度，由于两谷粒从O到P的水平分位移相 下面求从物块A离开轨道到解除木板绩定的时间范围△1： 同，但谷粒2的运动时间更长，因此谷粒2在最高点的水平速 (a)若，=6m/s,=2m/s,炸裂后B落地过程中的水平位 度小于谷粒1的水平速度1，B正确， 移为，：=3,792m,炸裂后C落地过程中的水平位移为 3.C根据波速的计算公式=产，代入数值得波连为1m/, st2=1.264m,木板右端到轨道底端的距离为2(t1十12 △￥)=(2.064一2△1)1.运动轨迹分析如图甲 A错误：波源C距离D点最近，C点振动最先到达D点，根据 t=工计算得t=3s时D处质点开始振动，B错误：由勾股定 12m 理可知AD和BD的长度均为5m,波速为1m/s,A,B两处 0.6m 的振动需要5s才能到达D处，因此4.5s时只有C处的振 动传递到D处，并且已经在D处振动了1.5s,根据题图(b) 0.137° 振动图像可知，此时D处的质点向y轴负方向运动，C正确：t =6s时，A、B两处的振动已经传递到D处，并且已经在D处 k13m 2.064-2△m 振动了1s,由题图(b)可知此处为正向最大值叠加，而C处振 动传递到此处已经振动了35，振动为负向最大值，因此最终 41264m 叠加后的结果为距离平衡位置2cm,D错误. 3.792m 0.6m 4.B重力加速度为失量，有方向，在同一位星表面不同位置重 个 力加速度的方向不同，A错误：恒星坍缩前后质量不变，体积 变小，即半径变小，根据在星球表面两极处万有引力等于重力 为了保征B、C之一落在木板上，需要满足下列条件之一 I,若仅C落在木板上，应满足 G伽=mg可知，重力加连度会变大，B正确：根据万有引力 (2.064-2△)+1.3≥1.264+0.6，且(2.064-2△1)≤1.264 +0.6 提供星球表面附近微圆周运动的物体的向心力GR=m灵 Ⅱ.若仅B落在木板上，应满足 得v√尺，可知第一宇宙递度变大，C错误：根据逸遍速度 GM (2.064-2△)+1.3≥3.792+0.6，且(2.064-2△1)≤3.792 +0.6 2GM 解得1.0.1s≤△≤0.75，Ⅱ.无解 =√2知V尺，中子星质量大于白：星，密度大于白赖星， (b)若U,=0,达=4m/s,炸裂后B落地过程中水平位移为 可知中子星的逃逸速度大于白矮星的速逸速度，D错误， ,2=0m,炸裂后C落地过程中水平住移为"：= 5.D根据电场强度的叠加原理可知，若要P处的电场强度为 2.528m,木板右端到轨道底瑞的距高为u(t1十1：一△1)= 零，则Q1,Q、Q不能都为正电荷，也不能都为负电行，否则 (2.064一2△t)m.运动轨迹分析如图乙 P处的电场强度的关量和无法为零，AB错误：由于PQ。在 12m PQ与PQ夹角的角平分线上，若要P处的电场强度的矢量 和为零，则必须Q、Q在P点产生的场强大小相等，由直角 、0.6m 三角形可知PQ=2PQ1,所以需要Q=4Q,C错误，D正确 6.D区域I为速度选择器，由qB=qE可知，所选择出的速 2.m 0,37 度=E·粒子以此速度进入区城Ⅱ的磁场中，由洛伦兹力提 k4132.064-2△0m 供向心力，=m,:子微匀追圆周运动的丰径r一 777777T777777777777777777117771177777777 9B。 2.528m 0.6m 设OC=,当粒子从CF中点射出磁场时，根据从同一边界 (CF)进出磁场时出，入速度与边界夹角相等可知此时圆弧所 对的圆心角为90，半径为=2，若区城I的磁感应强度变 物理答案一19 E 为原来2倍时，由一 可知选出的粒子速度变为原来的一 动时的加速度为a,由牛领第二定律得红·2mg一ng tan0= me2,解得a3=g(2-tan0),tan0≤，则a:>a1,由于A、B 半，进入区域Ⅱ的磁场后半径也变为原来的一半，仍从CF边 两球与车厢始终保持相对静止，故车厢的最大加速度为a 射出磁场，國心角不变，时间不变，A错误：若区城「的电场强 =g1an0,A,B、轻杆和小车作为整体，F的最大值为F=4ma 度变为原来2倍时，由=長可知选出的粒子递度变为原来 =4 ngtan0,B错误：若推力F向左，且<tan0≤2，则a <a1,故车厢的最大加速度为a:=g(2u一tan0),A、B、轻杆 的2倍，进入区域Ⅱ的磁场后半径也变为原来的2倍，刚好从 和小车作为整体，F的最大值为F=4na=4mg(2:一tan0), F点射出磁场，园心角不变，时间不变，B错：若区域Ⅱ的磁 C正确：若推力F向右，则车厢的加速度方向向右，当B所 感应强度变为停B,由r=可知粒子圆周运动的率径变 受摩擦力方向水平向左且为最大静摩擦力时，车厢的加递度 9B: 最小，推力F最小，A、B、轻杆作为整体，由牛顿第二定律得 为/=4y,=2>,粒子将从右边界GF特出磁场，设此 F,一·2mg=2ma,对A,F,一ngtan0=ma,A、B、轻杆和 3 3 小车作为整体，F=4ma,联立解得F的最小值为F=4mg (tan0一2：)，当B所受摩擦力方向水平向右且为最大静摩 时国心角为0.则sn0=子=号 ,所以0=60，由1，=艺 擦力时，车厢的加速度最大，推力F最大，A,B、轻杆作为整 2 体，由牛顿第二定律得F,十：·2mg=2ma',对A,F, ngtan8=ma,A,B、轻杆和小车作为整体，F=4ma,联立 解得F的最大值为F=4mg(tan0十2r).D正确. Fs 由r=m四可知粒子圆周运动的半径麦为”=2√②r=√21>， gB2 粒子将从右边界GF射出磁场，则in0=子=号，所以日= r 2mg 甲 Z 45°，由10= 4 一得1=√21，D正确. 1.解析：(3)由题图(b)知锌黄振子的网期为T=合（⑤）由题 7.BC只有α>41时，岸上救援人员才能收到他发出的信号， 表中的数据知，弹簧振子振动周期的平方与质量的关系是线 故临界角为C=90°-a=49,水的折射率n=5imC=sim49 性的.62√要的单位效√√gm kgkg·m =5,A正确， B正确，A错误：当他以a=60°向水面发射激光时，由几何关 BCD错误.(？)本实验可能产生实验误差的原因有弹簧自身 系得入射角=30，由折射定律号=知，折射角大于 重力，弹簧振子在运动过程中受空气阻力， sin r 30°，故岸上效援人员接收激光光束的方向与水面的夹角小于 答案：(7分)3)品 60°，C正确，D错误. (5)线性的 8.AD小球从B到C的过程中，根据动能定理知小球速度减 (6)A 小，由牛顿第二定律得mge0s0-F、=m尺0减小，速度v减 (7)弹簧自身重力、弹簧振子在运动过程中受空气阻力 12.解析：(1)由题图(b)知对应读数为10×1000=1000Ω. 小，故小球受到的支持力F。增大，由牛顿第三定律知孩过程 小球对轨道的压力逐渐增大，A正确：小球从A到B的过程 (2)电压传感器示数为0，则CD两点电势相等，则尼一尺， 中，根据动能定理知小球的速度减小，由P=mngusin0知重力 的功率减小，B错误：小球从A到C的过程中，根据动能定理 解得R, RR.（3Um图像如答图所示，(4)由(3)答图得 R 得一mg·2R=0一之m,解得小球的初速度=2VgR, U=112m,当U=200mV时，m≈1.79g,则F。=mg≈ 0.018N.(5)C、D间电压传感器内祖无穷大时，U=U: C错误：增大小球的初速度，由动能定理知小球到达B点的速 U:,若换用非理想毫伏表测C、D间电压，则由于C点电势 度增大，由mgc©0s0-F=m尺知，小球有可能从B点脱离 低，电流由D流向C,流经R。的电流增大，压力的测量值偏 大，故F>F。 轨道，D正确. 答案：(9分)(1)1000 9.AC大轮和小轮同抽转动，轮子边缘的线速度大小相等，则 仙，线圈与小轮同轴转动，角速度相同，角违度一， e (3)如图所示 4w,A正确：线图中产生的最大感应电动势为Em=nBL UimV 4nBLm,由闭合电路欧婷定律得灯泡两端电压的有效值为U 300E ER=√②nB1m,B错误：若用总长为原来两倍的相同 2·2R 250 漆包线重新绕制成边长仍为L的多匝正方形线图，则线围匝 数为2，由r=p5知线圈的电阻r=2R,则灯池两端电压的 200 有效值为U= 2E。-R=42BL0,C正痛：若仅将小轮半 √2·3R 3 150 径交为原来的两倍，角地度=号=2…由E。=2nBLm知 100 线图中的感应电动势减小，灯泡两端电压的有效值减小，灯泡 变暗，D错误. 10.CD若B球受到的摩擦力为零，则A、B、轻杆作为整体，受 力分析如图甲所示，由牛頓第二定律知小车的加速度方向向 右，F、=2mg,对B受力分析如图乙所示，由牛顿第二定律 0if5866H822f7 05 1.0 1.5 2.02.5 3.0m7g 得F,cosO+mg=FN,F1sin0=ma,A,B.轻杆和小车作为整 体，F=4ma,联立解得F=4 ngtan0,A错误；若推力F向 (4)0.018 左，则加速度向左，设A球刚要滑动时的加速度为，，由牛 (5)> 颜第二定律得ngtan0=ma1,解得41=gtan0,设B刚要滑 物理答案一20 13.(10分)解：(1)以第1次抽气之前助力气室内的气体为研究 对象 (3)将”。二6代入x1·可得，=b,则轨迹为率径为6的圈 根据玻意耳定律得pV。=p,(V。十V:) 解得第】次抽气之后助力气室内的压强 pI-V+V Po. (2)第2次抽气，根据玻意耳定律得 pV。=p(V。+V) 解得第2次抽气之后助力气室内的压强 V。 p:-(v) 根据几何关系sin0=2,可得0=30 第3次抽气，根据玻意耳定律得 设小球速度为，将小球的速度分解为水平和竖直方向，分 pV。=p(W。+V,) 别为巴 解得第3次抽气之后助力气室内的压强 V。 则y=sin0=号 P:=(vV)Po 又mU,=Muw可得0N一2M 1 +04e04 则第n次抽气之后助力气室内的压强 1 A=() 由机栈能守位有2mgb=m+号M F=AS-ps=AsI-(米v)广] 联立解得v=2h√3十a 2023年普通高中学业水平选择性考试 14.(14分)解：(1)感应电动势E=BL (广东卷) 感应电流1一 E 1.D根据电荷数守恒和质量数守位可知，Y的质量数是16一 由平衡条件得ngsin日=BL 12=4,核电荷数是8一6=2，是a粒子，AB错误：a射线的穿 联立解得%=2 gRsin0 透能力比Y射线弱，电离能力比Y射线强，C错误，D正确， BL 2C沿壁面和垂直壁面建立坐标系，将重力正交分解，沿壁面 (2)棒b释放瞬间，由牛顿第二定律得 方向，F,=GCos0,C正确. mgsin BIL=ma 3.D绝原子团先做竖直上抛运动，后微自由落体运动，加速度 解得an=2gsin0. 不变，1图像是一条领斜的直线，AB错误：取竖直向上为正 (3),b棒作为整体，根据动量定理得 方向，加速度方向一直竖直向下，加速度的数值一直为负值， 2 ugsin0·1o=2nw-mt C错误，D正确. 解得u=g,sin0+ugRsin0 4.B只有频率相同的声波相遇才能够发生千涉，A错误：声波 B'L 由水中传播到空气中，逸度减小，波长减小，B正确：该声波的 由法拉第电磁感应定律得EB队.△ 波长X=号=1×103m,根据发生明显衍射现象的条件可 知，该声波遥到尺寸约为1m的被探测物时不会发生明显衍 E_BL△x 平均感应电流了-示-2求。 射，C错误：根据多普勒效应可知，探测器接收到的回声频率 与被探测物相对探测器运动的速度有关，D错误， 电荷量q=正。=BL△ 2R 5.C根据E,=2mv=2mw·,带电粒子微圆周运动的半 对棒b,根据动量定理得mgsin0·t。十BILl。=m口 即ngsin0·4十BL.g=m 径一器：岸=B,联立可得一治代入其帮可得 联立解得△r=2 gR'sin0 5.4×10m/s,C正确. B'L 6.A原线圈输入电压的有效值为U,=220V,交流电的频率 15.(16分)解：(1)m和M水平方向上动量守恒，能量守恒， 为50Hz,根据变压器不改变交流电的频率可知副线图输出 可得 mv=Mv. 电流的频率为50H,CD错误：根据理想变压器电压规律门 mx,=Mx且x1+x2=a -四得U,-440V,根据电功率P-U,山可知，副线图输出 电流1，=20A.A正确，B错误. 联立解得 7.B根据题意，P的公转周期为T=1一o,A错误：根据万有 =√ 引力等于向心力，解得r GM一1》，B正确：P的角速 4π am M干m方向向右 度的大小为。停-C铅误：加建度的大小为a一 aM 王，=M+m 16x'GM N(,-t) ,D错误」 (2)设小球坐标为(x,y),则小球向左的位移为cx,凹槽的 8.BCD重力微功W。=ngh=800J,A错误：由动能定理W 位移为=粉(a一)，经分析，将辅圆一般方程代入可得 xx)+=1 一W=2mv,解得W=40小，B正确：货物经过Q点时的 a b 向心加建度a=号=9m/,C正确：背物轻过Q点时，由牛 将x2代入，可得到轨迹方程 [m+0m+若-. 领第二定律F一mg=m云，解得F=380N,由牛柄第三定律 uM 可知，货物经过Q点时对轨道的压力大小为380N,D正确. 物理答案一21