8.2023年普通高中学业水平等级考试(山东卷)（含答题卡）-【高考密码】2022-2024三年高考物理真题汇编试卷

可知甲最终停止位置与不发生碰撞时乙最终停止的位置相15.解析：(1)根据常电粒子在右侧磁场中的运动轨迹结合左手 同：则如果不发生碰撞，乙在水平面运动到停止有2 定则可知，粒子带正电：粒子在磁场中运动的周期为T 2g,联立可得r=,即发生碰撞后甲最终停止位置与 2,根据T=2m qB O处相 距。故D正确。故选ABD。 则粒子所带的电荷量4一院。 元月 11.解析：(1)木板右端拾高的目的是平衡摩擦力： 小车的加速度大小a (2)若金属板的板间距离为D,则板长粒子在板间运动时 3 16.29+13.43+10.59-7.72-4.88-2.01)×10 D 9×0.1 -m/s 3 一t。,出电场时竖直诡度为零， =2.86m/s (2)游标卡尺读数为4.1cm十4×0.02mm=4.108cm 1U4(0.5tn)° 则竖直方向y=2X立Dm (3)在“用双缝干涉实验测量光的波长”实验调节过程中，在 光具座上安装光源、遮光筒和光屏，遮光筒不可调节，打开并 在磁场中时加B=m号其中的y=2 23 调节光源，使光束沿遮光筒的轴线把光屏照亮，取下光屏，装 U。 上，双缝和测量头，调节测量头，并缓漫调节单缝的角度直到 联立解得v=24B /3tU。 .D 8B 目镜中观察到干涉条纹。 答案：(1)平衡摩擦力2.86 (2)4.108(3)光源干涉条纹 12.解析：(1)电路连线如图 隔板√太H能巾池板 (3)带电粒子在电场和磁场中的运动轨迹如图，由(2)的计算 过 可知金属板的板间距离D=3r,则粒子在31。时刻再次进入 也动机和别 中间的偏转电场，在1。时刻进入左侧的电场做减逸运动速 A 控制单心 度为零后反向加速，在61。时刻再次进入中间的偏转电扬， (2)①将图甲中的R的滑片置于b端： 6.51。时刻碰到上极板·因粒子在偏转电场中运动时，在时 ②电压表量程为3V,最小刻度为0.1V,则读数为1.60V: 间1。内电场力做功为零，在左侧电场中运动时，往返一次电 由此可知表面光照强度较小的R两端电压较大，说明表面 场力做功也为零，可知整个过程中只有开始进入左侧电场时 光照强度较小的阻值较大： (3)由于两电压表的示数U1U,,可知R:1光照强度较大 电场力微功和最后0.5，时间内电场力微功，则W=了m 则说明电动机带动电池板顺时针转动，直至转过90°时停止 +E×D=m+TmU=mU,(x+16 转动，电池板正对手电筒发出的光。 348B10 3Bt 48Bto 答案：(1)见解析图 /3πtUn (2)①b②1.60较大 答案：(1)正电9一B1 (2)D8B (3)②顺时针转过90 13.解析：(1)、(2)假设温度降低到T,时，差压阁没有打开，A,B 24Bto (3)w=mU(x十16) 两个气缸导热良好，B内气体做等客变化，初态P=p。,T 48B1 =300K,末态T:=270K 根据=架代入数据可得pe=9X10Pa。 2023年普通高中学业水平等级考试 A内气体做等压变化，压强保持不变，初态VA1=4.0 (山东卷) 10°m,T,=300K,末态T,=270K。 V=≈代入教据可得Ve=3.6×10m 1.D设对应能级的能量分别为E1、Em、E,E,由跃迁理论可 知，原子暖收频率为。的光子从基态能级I跃迁到激发态能 由于p-pm<△p 级Ⅱ，山。=E,=E1,从激发态能级Ⅱ到自发辐射频率为 假设成立，即pe=9X10Pa。 的光子跃到能级2，=E,一E2,接着跃迁到能级1辐射出 (3)拾好稳定时，A内气体压强为力=A十%，B内气体压 频率为的光子，=E:一E,最后辐射出频率为的的光子 回到基态能级I,hy=E,一E,,联立以上四式可知妇= 强pn= 1一，D正确. 此时羞压阀恰好关闭，所以有pA一p'm=△p 2.B设开始时有n只盘子，每只盘子质量为m,每只弹簧的仲 代入数据联立解得m=1.1×10kg。 长量为x,由平衡条件及胡克定律可知3kx一mg,取走一个 答案：(1)9×10Pa(2)3.6×10m3(3)1.1×10kg 盘子，弹簧形变量减少1.0cm=0.01m,同理可得3k(x 14.解析：(1)敏感球受向下的重力mg和敏感臂向下的压力F、 0.01)=(n-1)mg,代入数据解得k=100N/m,B正确. 以及斜面的支持力N,则由牛顿第二定律可知(mg十F、)tan 3.C设引力常量为G,地球半径为R,则对地球表面的物体所 =ma 受重力等于地球对它的引力，即G=mg,月球绕地球微 解得tan0= ma R mg十F、 (2)①由图像可知碰撞过程中F的冲量大小 国网运动，所受地球的万有引力提供向心力，即GMm r 1:=2×0.1×6600N·8=330N·8,方向竖直向上：②头 工，C正确 锤落到气囊上时的速度=√2gH=8m/5,与气袁作用过 m,又=60R,解得T=120 程由动量定理（向上为正方向）1：一mgt=m0一（一m西)，解 4.B筒车经时间t,到达高H处的水筒的个数为N=nwR,灌 得0=2m/5,则上升的最大高度h=2=0,2 入稻田的水的质量为M=NmX60%,由功能关系可知筒车 对这部分水所做的功W=MgH,做功的功牵P=W ,联立解 答案：(1)na0=ma (2)①330N·5,方向竖直向上 mg十F、 ②0.2m 得P=3 amgoRH,B正确 5 物理答案一14 5,A当温度升高时，由于C的膨张系数小于G的膨胀系数，所 所受电场力方向与FO方向夹角为钝角，则一开始电场力做 以石英板与C之间的劈形空气层的厚度增大，BD错误：由于 负功，电势能增大，在O点所受电场力方向与FO方向夹角 干涉条纹与空气薄膜的厚度一一对应，所以干涉条纹向左移 是锐角，则电场力做正功，电势能减小，D正确 动，A正确，C错误 6.C设公交车连续经过R,S、T三点的地度分别为v1, 则一1=at:山一2=at2,由匀变速度直线运动中平均速 "0 度规律有当十=10m/,十巴=5m/s,设由R到S位移 2 为x1,由S到T的位移为x2,由于2=2r1=10t1t 5tg,联立解得y=1m/s,C正确. "0' 7,C由P=U1得发电机的输出电流为1= P500×10W 250V B 卫=88X10W=400 =2×10A.A错误：用户端电流1，==220V E 12,BD对导体棒MN,由平衡条件得其所受安培力大小为F A,尚7-受得1，-是=动×0A=8A对价电线上损 F 3 失的功率为△P=IR=4kW,B错误：输送功率为P2=P,十 =mg=2N,回路中的感应电流1=B1A,回路中的 感应电动势为E=IR=1V,MN产生的感应电动势为E,= △P=88kW十4kW=92kW,则输送给储能站的功率为P P-P:=500kW-92kW=408kW,C正确：输送电压U:= Blm=4V,故MN与CD产生反方向的感应电流，导体捧 MN,CD均向右运动，则由右手定则知MN产生顺时针方向 =92X10W=1.15×10V,则”-号=，250Y 的电流，故CD产生逆时针方向的电流，由右手定则知B:方 13 8A tU21.15×10V 向竖直向下，E=B21:一B,1,回路中的电流沿逆时针方 6D错混。 向，对整体，由平街条件得F,=mg十B,I1,联立解得 3m/8,BD正确，AC错误. 8.A小车拖动物体行驶的位移为的过程中，根摄动能定理 得(F-一mg,=名(M+m),轻绳从物体上脱落至物 13解析：1)由题图乙知在等温情况下，p与了成正比，B正确， 体停下的过程中，根据动能定理得一g(:一5，）= A错误.(2d-10.0-10×10ml,,由题图乙知封 1 2(F-f)5 (s-s) mv,解得u√M+n-Ms, 则小车的额定功率 闭气体的压强为p=2.04X10Pa.(3)他的计算结果与同组 正确记录数据同学的计算结果之差的绝对值为p△V,p增 2F(F-D(一），A正确.BCD错误. 大，p△V增大. 为P,=F√(M+m)-Ms 答案：(6分)(1)B(2)2.04×10(3)增大 9.AD设初始快态下气体的体积为V,等压过程中，由盖一吕 14.解析：(1)由题图甲可知，电容器两端的电压等于滑动变阻器 萨克定律得器，解得气依增加的缘积为△V二号 端与滑动端之间的电压，根据串联分压原理可知，若要升 高电容器充电电压，滑动变阻器的滑片应向b端移动.(2)电 C错误：等容过程中，气体吸收00】的热量后温度上升 压表量程为15V,故最小分度值为0,5V,所以题图乙中电 100K,测内能的增加量为△可=4O0J,等压过程中气体温度 压表示数为6.5V.(3)油膜法实验中估算面积时，超过半个 上升100K,内能的增加量为△U=400J,D正骑：等压过程中 计数1，少于半个忽略掉，所以题图丙中：图像所国面积为 由热力学第一定律得△U=W十Q,解得W=一200J,即气体 38格，每格对应的电荷量9=0.2mA×0.5s=1×101C, 对外做功为200J,B错误：由W一p△V得，气体体积增加量 所以电容器储存的电荷量Q=38g=3.8×101C.(4)由电 1X10Pa=2L,则V=6L,A正确 为△V=W 200」 容的定义式可知电路中使用的电容器的电容C=吕 10.BC从平衡位置开始计时，质点的振动方程为y=Asin w, 3,8X10F≈4.8×10下.(5)克电后电容器左极板带正 8 从平衡位置到A点，A=Asim,从平衡位置到B点， 电，将开关S辉向2时，电流从左到右经过发光二极管D,, 故D1闪光. A=Asin:,解得=言T,4=bT,若平衡位置在A,B 答案：(8分)(1)b(2)6.5(3)3.8×10C (4)4.8×10-4(5)D V3十由时间的对称 之间，则之A+号A=L,解得振幅A=弘 15.(8分)解：(1)灭火弹做斜抛运动，水平方向微匀速直线运 动，有L=%c0s0 性得3十4=1，解得T=号1.C正璃，D错误：若平衡位里 竖直方向微竖直上抛运动，有H=tsin0-之gt 在A点左侧，则号A-子A=,解得A= 2L振幅，若开 联立解得H=60m. 3-1 (2)由能量守恒守定律有之CU·7一之m 始计时时A向右运动，则由时问的对称性得T=,解得T 代入已知条件解得U=v2×103V. 二私，若计时时A向左运动，则由时阿的对称性得2T=, 16.(8分)解：(1)激光在M内发生多次全反射，故激光在柱面 发入射角的最大值为临界角C, 解得T=,B正确，A错误。 故有mC=号 11.ACD由等量异种电荷电场线分布的对称性知F点与C'点 电场强度大小相等，A正确：B,点与E'点的电场强度如图所 由几何关系此时，激光在光纤端面的入射角最大值为受一C 示，由几何知识及电扬叠加知B'点与E点的电场强度方向 此时折射角日取得最大值 不同，B错误：由等量异种电荷电场线分布的对称性知U -Um,由沿电场线方向电势越来越低知O电势高于C电 由折射定律可知n=in90-C可 sin 势，则Uo>U,故Uo>Ur,C正确：试探电荷在F点 解得sin0=√m-1. 物理答案一15 (2)N下端刚好被照亮时被测物体在距N下端b:的位置， 粒子从A到第一次离开电场，根据动能定理得 N下端刚好全部被照亮，被测物体距N下端b:的位置，光 1 路图如图所示 gE·2d=zm-之m 由几何关系有受 =b tan 0 d 解得=9m a+号-6tan0 (i)设粒子到达Q点的速度大小为：·方向与x轴的夹角 为a 解=兰 粒子由P运动到Q的过程中，根据动能定理得 =(+号)哥 qE·2h=7md-7m 所以满足条件玻璃丝到被测物体 解得=3 AlgEd 的6的花周是号写≤+号)人昌 由牛顿第二定律得gB=m尺 17.(14分)解：(1)粒子在电场中运动，根据动能定理得qE·2d 郎得R=d =m sin 粒子的运动轨迹如图甲所示 m sin a= 2d=u1cos0·t 联立解得sina=5y4④ 41 假设粒子能从QP连线上的P'第三次进入电场 则PQ=2R'sina=5d>2√2d 故粒子不能从P,点第三次进入电场， 18.(16分)解：(1)C下滑过程中，根据动能定理得mgH= 1 2mev 解得H=0,8m. 由儿何关系得 (2)B右端恰好到达P点时B和C共速，‘最小 对C,由牛顿第二定律得meg=ma1 粒子在磁场中的运动半径为= 3 解得a1=5m/s 由牛顿第二定律得qb=m 对B,由牛顿第二定律得4meg一共(me十mg)g=ma: 解得a2=1m/s 彩主标释月=√震 共速时一a1t=十a2t 解得1=0.5s (2)()粒子的运动轨迹如图乙所示，由几何关系得 R2=(R-d)2+4d 则≥w+2a,=0.625m 此过程A的位移s。=1=0.5m<0.625m A与B不发生碰撞 当BC共速后，BC一起微匀城速运动，当A、B碰拉的所用 时间为11，则 gu+)=0.625+(-an-a, 解得=2中1s<”二at=1,5s 2 a 所以此时BC的住移，=②+2m 2 为保证A,B不发生碰撞，且BC共递，则 解得粒子在磁场中运动的平径为R-号 0625m≤<2+2 2 m. 由牛颜第二定律得g四B=m尺 (3)若s=0.48m,B与P碰撞前，由运动学规律得 s=w4+2a, 解得=15Vm Ed 解得1=0.4s 由几何关系得c0s0=青，sin0=号 C运动的位移为x=t一2a=1.2m 粒子由P点运动到Q点的过程中 摩擦力对C微的功W=mgx=6J, 沿x轴方向，2d=c0s0·t (4)B与地面间存在摩擦，三个物体都达到平衡状态时，A向 沿y轴方向，2d=sin0·1+}9E 左做匀速直线运动，BC静止 2 m B与P磁撞前醉间 联立解得E=36E g=%+a4=1.4m/s 物理答案一16 ve=v-d:1=2 m/s 5.C电容器充电完毕时所带电荷量为Q=1t=2.8A×10“s x=gt1=0.4m B与P碰撞后速度大小不变 =0.028C,电容器充电完毕时两端的电压U=9 C 由牛领第二定律得meg十(me十ma)g=mas 0.028C 解得a=4m/s 2.08100V,则升压变压器原，翻线圈臣教比为号 设A、B相遇的时间为1： =T0v-石长C正AD倍溪 期十w:-a,店=一 6.C由题图知、起跳过程中地面对运动员单位质量的最大支 持力约为F=A2N,则地面对运动员的最大支持力约为F 解得t2=(0.6-0.42)s mF=60×42N=2520N.由牛顿第二定律得F-mg=ma, A、B相逼时，B的速度大小为 解得运动员最大加速度约为a=32m/s2,故A错误：起跳过 m=wu4*8y-1/ 程中运动员所受合力的冲量为1=60kg×(10.35s 10,10s)×22N/kg-60kg×(10.35s-10.10s)×10N/kg A、B碰撞过程中，以向左的方向为正方向，根据动量守恒定 =180N·8,故D错误：由动量定理得I=m0一0，解得运动员 律得 离开地面时的速度为v=3m/s,起跳后运动员重心上升的平 U1一mAo=mBV肚十A 根据机械能守恒定律得 均连度大小约为可=号v=1,5m/s,故B错误：起跳后运动员 重心上升的最大高度的为一最-0.5m,故C正病 解得vm≈5一1m/sv≈ 322-1m/s 7.Ba,b、c、d四个小球作为系统，剪断a、d间的轻绳后系统所 受合力为零，系统动量守恒，由对称性知，的速度方向与d 15 的速度方向对称，且大小相等，如图所示，竖直方向上由动量 由一i-2a:(s-x)得 守位定律得2msin30°一2mw'=0,解得b、c两小球的速度大 B第二次与P碰撞前速度大小v≈1m/s B与P碰撞后做减速运动，不可能追上A,最始B、C静止以 小为。=，由只有电场力微功系统电势能与动能之和不 向左为正方向，三个物体总动量的变化量为 sp=ae,+0,+m:+(92+6）ke·ae 文知，E,十安·2m十立·2m0=E,解得光时系统电势 5 能为E,=E。一子m0,故B正确，ACD错谈. 2023年普通高中学业水平选择性考试 (河北卷) 30 1,DH,是氢原子巴耳末系中波长最长的谱线，根据一，可 知H是氧原子巴耳末系中颜率最小的谱线，根据氢原子的 8.CD金属杆所国成的矩形周长不变，由数学知识可知金属杆 能级图，利用玻尔理论中的频率条件=E一E,可见能级 所国回路的面积先增大后减小，所以金属杆所围回路内磁通 差越小，频率越低，波长越长，故H对应的能级跃迁过程为 量先增大后减小，根据“增反减同”可知电流方向先沿逆时针 从=3能级跃迁到n=2能级，故D正确. 方向，后活框时针方向，故A错误：由1=曾-B5可知， R 2.C题述现象是光的千涉造成的，彩虹的形成原理主要为光 由于金属杆所围回路的面积先增大后减小，故通过金属杆截 的折射，题述现象与彩虹的形成原理不相同，故A错误：硅片 面的电荷量也是先增加后减小，故B错误：电流方向先沿递 呈现深紫色的原因是薄膜的厚度正好使紫光在薄膜上下表 时针方向，后沿顺时针方向，再根据左手定则，可知金属杆1 面的反射光发生千涉，报动加强，故C正确，B错误：根据光的 所受安培力方向先向下后向上，与运动方向先相同后相反：金 干涉中相互加强的条件，可知当薄膜的厚度发生变化时，满足 属杆4所受安培力方向先向左后向右，与运动方向先相反后 加强条件的光的波长也会发生改变，导致硅片呈现不同的颜 相同，故CD正确. 色，故D错误 9.BC小球从A点运动到B,点的过程中，由对称性知两弹簧 3.A由题图乙知月球在位置1时太阳和月球的引潮力方向相 对小球做的总功为零，重力做正功，由动能定理知小球在B 同，合力最大，故会出现大潮，故A正确，B错误：由题意可 点速度不为零.故小球不会在AB间做往复运动，故C正确， 知，引潮力的变化导致海水每天2次潮涨潮落，故可非得涨潮 A错误：由动能定理知，有弹簧与没有弹簧时小球运动到B 不总出现在白天，退潮不总出现在夜晚，故C错误：月球的引 点速度相同、设AB与水平方向的夹角为0，设有弹簧时，由牛 潮力与太阳的引潮力方向不确定，其合力不一定大于月球引 顿第二定律得ngsin0=ma,解得小球的加速度a=gsin0,有 弹簧时，开始时弹簧2处于仲长状态，加速度大于gsn0,且 潮力，故D错误. 运动过程中加速度逐渐减小，因为AB一2A(),,故小球运动到 4.B对轻杆和小球组成的系统进行受力分析，如图所示，设左 AB中点时两弹簧处于原长，小球的加速度为gsin 0,两种情 侧斜面对杆AB支持力的大小为FA·由平街条件有F: 况的心1图像如图所示，与没有弹簧时相比，小球从A点运动 mgc0530,解得F4= 之mg,故B正确. 到B点所用时间更短，故B正确：小球运动到AB中点时弹簧 2处于原长，小球在B点时弹簧2也处于原长，小球从AB中 点运动到B点的过程中弹簧2先被压缩后恢复原长，故小球 从A点运动到B点的过程中，弹簧2的弹性势能先减小后增 大再减小，故D错误。 无弹统 物理答案一17绝密★启用前 2023 年普通高中学业水平等级考试(山东卷 物 理 本试卷满分100分,考试时间90分钟, 一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分。每小题只有一个选项符合题目要求) 1.“梦天号”实验舱携带世界首套可相互比对的冷原子钟组发射升空,对提 II- 升我国导航定位、深空探测等技术具有重要意义。如图所示为某原子钟 ”钟光 _ 工作的四能级体系,原子吸收频率为的光子从基态能级I跃迁至激发 态能级II,然后自发辐射出频率为v的光子,跃迁到钟跃迁的上能级2,并 在一定条件下可跃迁到钟跃迁的下能级1,实现受激辐射,发出钟激光,最后辐射出频率为v 的光子回到基态。该原子钟产生的钟激光的频率v为 ) B.十v一 C.。一v十v A.十十v。 D.一一3 2.餐厅暖盘车的储盘装置示意图如图所示,三根完全相同的弹策等间距竖直悬挂在水 吾夸 平固定圆环上,下端连接托盘。托盘上叠放若干相同的盘子,取走一个盘子,稳定后 余下的正好升高补平。已知单个盘子的质量为300g,相邻两盘间距1.0cm,重力加 = 速度大小取10m/s{}。弹策始终在弹性限度内,每根弹的劲度系数为 C.200N/m A.10 N/m B.100N/m D.300 N/m 3.牛顿认为物体落地是由于地球对物体的吸引,这种吸引力可能与天体间(如地球与月球)的引 力具有相同的性质,且都满足FooMm。 表面的重力加速度为g,根据牛顿的猜想,月球绕地球公转的周期为 C.120- ) .30 B.30 将 D.120n. 4.《天工开物》中记载了古人借助水力使用高转简车往稻田里引水的场景。引水 过程简化如下:两个半径均为R的水轮,以角速度匀速转动。水简在筒车上 均匀排布,单位长度上有”个,与水轮间无相对滑动。每个水筒离开水面时装 班 有质量为n的水,其中的60%被输送到高出水面H处灌入稻田。当地的重力 ( 加速度为g,则筒车对灌入稻田的水做功的功率为 ) B.3nmngoRH 2nmg2RH A. C.3nngoRH D.mgRH 5 5.如图所示为一种干涉热膨胀仪原理图。G为标准石英环,C为待测柱形样 品,C的上表面与上方标准平面石英板之间存在劈形空气层。用单色平行 光垂直照射上方石英板,会形成干涉条纹。已知C的膨胀系数小于G的 C ,。 膨胀系数,当温度升高时,下列说法正确的是 ( 2023·山东卷 第1页(共8页) A.劈形空气层的厚度变大,条纹向左移动 B.劈形空气层的厚度变小,条纹向左移动 C.劈形空气层的厚度变大,条纹向右移动 D.劈形空气层的厚度变小,条纹向右移动 6.如图所示,电动公交车做匀减速直线运动进站,连续经过R、S、T三点,已Bs 知ST间的距离是RS的两倍,RS段的平均速度是10m/s.ST段的平均速度是5m/s,则公交 车经过T点时的瞬时速度为 ) A.3m/s B.2m/s C.1m/s D.0.5m/s 7.某节能储能输电网络如图所示,发电机的输出电压 U.-250V,输出功率500kW。降压变压器的匝数比 n。.n-50:1,输电线总电阻R-62.50,其余线路电 阻不计,用户端电压U.一220V,功率88kW,所有变压 器均为理想变压器。下列说法正确的是 A.发电机的输出电流为368A B.输电线上损失的功率为4.8kW C.输送给储能站的功率为408kW D.升压变压器的匝数比n:n。一1:44 8.质量为M的玩具动力小车在水平面上运动时,牵引力F和受到的阻 力f均为恒力。如图所示,小车用一根不可伸长的轻绳拉着质量为n 的物体由静止开始运动。当小车拖动物体行驶的位移为S.时,小车达到额定功率,轻绳从物 体上脱落。物体继续滑行一段时间后停下,其总位移为S。物体与地面间的动摩擦因数不变, ( 不计空气阻力。小车的额定功率P。为 ) 2F(F一/)(S-S)S .# 2F*(F-/)(S-S)S A (M十n)S一MS (M十n)S.-nS 2^*(F-/)(S-S)S 2F(F-f)(S一S)S D. (M+m)S.-MS. (M十n)S+mS 二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分。每小题有多个选项符合题目要求,全部选 对得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分) 9.一定质量的理想气体,初始温度为300K,压强为1×10{Pa。经等容过程,该气体吸收400J的 热量后温度上升100K;若经等压过程,需要吸收600J的热量才能使气体温度上升100K。下 列说法正确的是 ) A.初始状态下,气体的体积为6L B.等压过程中,气体对外做功4001 10.如图所示,沿水平方向做简谐振动的质点,依次通过相距L的A、B两点。已知质点在A点的 位移大小为振幅的一半,B点位移大小是A点的/3倍,质点经过A点时开始计时,/时刻第二 . 次经过B点,该振动的振幅和周期可能是 ) #_ _ 2023·山东卷 第2页(共8页) 11.如图所示,正六校柱上下底面的中心为O和O,A、D两点分别固定等量异 号的点电荷,下列说法正确的是 ) A. F点与C点的电场强度大小相等 0. B.B点与E'点的电场强度方向相同 C C.A点与F'点的电势差小于O点与D点的电势差 D.将试探电荷十g由F点沿直线移动到Q点,其电势能先增大后减小 12.足够长U形导轨平置在光滑水平绝缘桌面上,宽为1m. 电阻不计。质量为1kg、长为1m、电阻为10的导体棒 MN放置在导轨上,与导轨形成矩形回路并始终接触良 好,I和II区域内分别存在竖直方向的匀强磁场,磁感应 强度分别为B,和B,其中B.一2T,方向向下。用不可 伸长的轻绳跨过固定轻滑轮将导轨CD段中点与质量为0.1kg的重物相连,绳与CD垂直且 平行于桌面。如图所示,某时刻MN、CD同时分别进入磁场区域I.和I并做匀速直线运动 MN、CD与磁场边界平行。MN的速度v.-2m/s.CD的速度为v:且v>v,MN和导轨间 的动摩擦因数为0.2。重力加速度大小取10m/s,下列说法正确的是 ) C.v-5m/s A.B。的方向向上 B.B。的方向向下 D.-3m/s 三、非选择题(本题共6小题,共60分) 13.(6分)利用图甲所示实验装置可探究等温条件下气体压强与体积的关系。将带有刻度的注 射器竖直固定在铁架台上,注射器内封闭一定质量的空气,下端通过塑料管与压强传感器相 连。活塞上端固定一托盘,托盘中放人法码,待气体状态稳定后,记录气体压强)和体积V (等于注射器示数V。与塑料管容积△V之和)。逐次增加磕码质量,采集多组数据并作出拟 合曲线如图乙所示。 +p/(x10Pa) 220 _ 接计算机 100 1 50 60 70 80 90 100 /(x10-mL-) 图甲 图乙 回答以下问题: (1)在实验误差允许范围内,图乙中的拟合曲线为一条过原点的直线,说明在等温情况下,一 定质量的气体 A.)与V成正比 (2)若气体被压缩到V一10.0mL,由图乙可读出封闭气体压强为 Pa(保留3位有 效数字)。 2023·山东卷 第3页(共8页) (3)某组同学进行实验时,一同学在记录数据时漏掉了AV,则在计算V乘积时,他的计算结 果与同组正确记录数据同学的计算结果之差的绝对值会随的增大而 (填“增大” 或“减小”)。 14.(8分)电容储能已经在电动汽车,风、光发电、脉冲电源等方面得到广泛应用。某同学设计图 甲所示电路,探究不同电压下电容器的充、放电过程,器材如下; 电容器C(额定电压10V,电容标识不清); 电源E(电动势12V,内阻不计) 电阻箱R(阻值0~ 99999.92); 滑动变阻器R。(最大阻值20O,额定电流2A); 电压表V(量程15V,内阻很大); 发光二极管D、D。,开关S、S。,电流传感器,计算机,导线若于。 mA D 接计算机电流 传感器 10 0 ,5 s.# 8s C 图乙 图甲 图丙 回答以下问题: (1)按照图甲连接电路,闭合开关S,若要升高电容器充电电压,滑动变阻器滑片应向 (填“a”或“”)端滑动。 (2)调节滑动变阻器滑片位置,电压表表盘如图乙所示,示数为 V(保留1位小数)。 (3)继续调节滑动变阻器滑片位置,电压表示数为8.0V时,开关S。掷向1,得到电容器充电 过程的I:图像,如图丙所示。借鉴“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中估算油膜面积的 方法,根据图像可估算出充电结束后,电容器存储的电荷量为 C(结果保留2位有 效数字)。 (4)本电路中所使用电容器的电容约为 F(结果保留2位有效数字) (5)电容器充电后,将开关S。掷向2,发光二极管 (填“D”或“D。”)闪光。 15.(8分)电磁炮灭火消防车(图甲)采用电磁弹射技术投射灭火弹进入高层建筑快速灭火。电 容器储存的能量通过电磁感应转化成灭火弹的动能,设置储能电容器的工作电压可获得所需 的灭火弹出膛速度。如图乙所示,若电磁炮正对高楼,与高楼之间的水平距离L一60m,灭火 弹出膛速度v一50m/s,方向与水平面夹角0一53{,不计炮口离地面高度及空气阻力,取重力 加速度大小g-10m/s{,sin53*-0.8。 2023·山东卷第4页(共8页) 图甲 图乙 (1)求灭火弹击中高楼位置距地面的高度H; 3.kg,电容C-2.5×10 F,电容器工作电压U.应设置为多少 2023·山东卷 第5页(共8页) 16.(8分)一种反射式光纤位移传感器可以实现微小位移测量,其部分原理简 化如图所示。两光纤可等效为圆柱状玻璃丝M、N,相距为d,直径均为 2a.折射率为”(n</2)。M、N下端横截面平齐且与被测物体表面平行。 激光在M内多次全反射后从下端面射向被测物体,经被测物体表面镜面反 射至N下端面,N下端面被照亮的面积与玻璃丝下端面到被测物体距离有 被测物体表面 关。 (1)从M下端面出射的光与竖直方向的最大偏角为0,求0的正弦值; (2)被测物体自上而下微小移动,使N下端面从刚能接收反射激光到恰好全部被照亮,求玻 璃丝下端面到被测物体距离少的相应范围(只考虑在被测物体表面反射一次的光线)。 2023·山东卷 第6页(共8页) 17.(14分)如图所示,在0<x<2d,0<y<2d的区域中,存在沿y轴 正方向、场强大小为E的匀强电场,电场的周围分布着垂直纸面 向外的恒定匀强磁场。一个质量为,电荷量为a的带正电粒子 从OP中点A进入电场(不计粒子重力)。 (1)若粒子初速度为零,粒子从上边界垂直QN第二次离开电场 后,垂直NP再次进入电场,求磁场的磁感应强度B的大小; (2)若改变电场强度大小,粒子以一定的初速度从A点沿y轴正 方向第一次进入电场,离开电场后从P点第二次进入电场,在电场的作用下从Q点离开。 (1)求改变后电场强度E的大小和粒子的初速度v。; (lI)通过计算判断粒子能否从P点第三次进入电场。 2023·山东卷 第7页(共8页) 18.(16分)如图所示,物块A和木板B置于水平地面上,固定光滑孤形轨道末端与B的上表面所 在平面相切,竖直挡板P固定在地面上。作用在A上的水平外力,使A与B以相同速度v 向右做匀速直线运动。当B的左端经过轨道末端时,从孤形轨道某处无初速度下滑的滑块C 恰好到达最低点,并以水平速度v滑上B的上表面,同时撤掉外力,此时B右端与P板的距 离为s。已知v.=1m/s,-4m/s.m.=me=1kg,m.=2kg,A与地面间无摩擦,B与地面 间动摩擦因数=0.1,C与B间动摩擦因数。=0.5,B足够长,使得C不会从B上滑下。B 与P、A的碰撞均为弹性碰撞,不计碰撞时间,取重力加速度大小g一10m/s}。 . _) (1)求C下滑的高度H; (2)与P碰撞前,若B与C能达到共速,且A、B未发生碰撞,求;的范围 (3)若s一0.48m,求B与P碰撞前,摩擦力对C做的功W; (4)若s-0.48m,自C滑上B开始至A、B、C三个物体都达到平衡状态,求这三个物体总动 量的变化量△)的大小。 2023·山东卷第8页(共8页)2023年普通高中学业水平等级考试（山东卷） 物理答题卡 姓 名： 准考证号： 贴条形码区 考生 缺考考生由监考员贴条形码，并用2B铅笔填涂下面的缺考标 (正面朝上，请勿贴出虚线方框) 禁填 记。□ $ 1.答题前，考生将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真核实对监考员所粘贴的条形码上的准考证号，姓名、考场 和座位号是否准确无误。 注意事 2.选择题必须使用2B铅笔将对应题目的答案标号涂黑，修改时用橡皮擦干净，再选择其它答案涂黑。非选择题必 须使用0.5毫米黑色签字笔填写，字体工整，笔迹清楚。 3.请按题号顺序在各题的答题区域内答题，超出答题区域的答案无效，在草稿纸、试题纸上书写的答案无效。 4,保持卡面清洁、完整，严禁折叠，严禁使用涂改液，胶带纸和修正带。 5,正确填涂 补 单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。 杯 1.[A][B][C]CD] 3.[A][B[C][D] 5.[A][B][C]D 7.[A][B][C][D] 2.[A][B[C][D] 4.[A][B][C][D] 6.[A][B][C][D] 8.A][B][C][DJ 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 炉 9.[A][B][C]CD]10.[A]UB][CCD] 11.[A]CB[C][D] 12.[A][B[C][D] 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分) 蜜 (1) (2) (3) 14.(8分) (1) (2) (3) (4) (5) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第1页（共4页） ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(8分) H ●0 L 图甲 图乙 16.(8分) d 2u N 被测物体表面 请在各题目的答题区域内作答，短出边框的答案无效 物理答题卡第2页（共4页） ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 17.(14分) E 请在各题目的答题区域内作答，短出边框的答案无效 物理答题卡第3页（共4页） ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 18.(16分) C 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第4页（共4页）