拓展拔高-指对同构课件-2025届高三数学一轮复习

拓展拔高5　指对同构 【高考考情】同构思想,在高考中有非常强烈的体现,不管是小题还是大题,都处在压轴题的位置,备受命题者的青睐,它能够很好地考查学生的数学建模、数学抽象、数学运算的核心素养. 【同构法】是证明不等式的一种技巧,通过等价变形使得两边的式子结构相同,从而将两边看成是同一个函数的两个函数值,借助该函数的单调性简化不等式,使问题得以解决.同构法需要有敏锐的观察能力才能找到函数的模型. 一、五个常见变形 ①xex=ex+ln x　②=ex-ln x　③=eln x-x ④x+ln x=ln(xex)　⑤x-ln x=ln 二、三种基本类型 视角一　bln b与xex同构 [导思]bln b=eln b·ln b,即ln b·eln b对应xex模型,可构造函数f(x)=xex. [例1]设实数λ>0,若对于任意的x∈(0,+∞),不等式eλx-≥0恒成立,则λ的最小值 为(　　) A.e B. C. D. 【解析】选C.由eλx-≥0,得λeλx-ln x≥0, 即λxeλx-xln x≥0,也即λxeλx≥xln x. 由同构xln x=eln x·ln x, 可得(λx)·eλx≥ln x·eln x. 设f(x)=xex, 则f'(x)=(x+1)ex>0对x∈(0,+∞)恒成立, 所以f(x)在(0,+∞)上单调递增. 由(λx)·eλx≥ln x·eln x可得f(λx)≥f(ln x), 即λx≥ln x,也即λ≥,所以λ≥. 令g(x)=(x>0),则g'(x)=(x>0). 所以当x∈(0,e)时,g'(x)>0,g(x)单调递增; 当x∈(e,+∞)时,g'(x)<0,g(x)单调递减. 因此,g(x)max=g(e)=,故λ≥. 视角二　aea与xln x同构 [导思]aea=ea·ln ea,即ea·ln ea对应xln x模型,可构造函数f(x)=xln x. [例2]已知函数f(x)=aex-1-ln x+ln a,若f(x)≥1,则a的取值范围为________.  [1,+∞) 【解析】由f(x)≥1,得aex-1-ln x+ln a≥1. 变形后可化为aex-1≥ln ⇔ex-1≥ln ⇔ex≥ln ⇔xex≥ln ⇔exln ex≥ln . 令g(x)=xln x(x>0),则g'(x)=1+ln x,可知当x∈(0,)时,g'(x)<0,g(x)单调递减; 当x∈(,+∞)时,g'(x)>0,g(x)单调递增. 所以原不等式等价于g(ex)≥g(),且x>0, ex>1,>0. 所以g(ex)≥g()⇔ex≥⇒a≥. 令h(x)=(x>0),则h'(x)=. 所以当x∈(0,1)时,h'(x)>0,h(x)单调递增; 当x∈(1,+∞)时,h'(x)<0,h(x)单调递减. 所以h(x)max=h(1)=1, 故a的取值范围是[1,+∞). 视角三　与同构 [导思]=,即对应模型,可构造函数f(x)=. [例3]已知a>0,且x2+xln a-aexln x>0对任意的x∈(0,1)恒成立,则实数a的取值 范围为______________.  [,+∞) 【解析】因为x2+xln a-aexln x>0, 所以aexln x<x2+xln a, 所以<=, 即<对任意的x∈(0,1)恒成立, 设f(x)=,则f'(x)=, 所以当x∈(0,1)时,f'(x)>0, 所以f(x)在(0,1)上单调递增, 所以x∈(0,1)时,f(x)<0. 因为<,所以x<aex, 所以a>恒成立,令g(x)=,则g'(x)=>0,即g(x)在(0,1)上单调递增,故a≥g(1)=,实数a的取值范围是[,+∞). 视角四　c+ln c与x+ex同构 [导思]c+ln c=eln c+ln c,即ln c+eln c对应x+ex模型,可构造函数f(x)=x+ex. [例4]已知函数f(x)=ex+2ax(x∈R), (1)求f(x)的单调性; 【解析】(1)f'(x)=ex+2a. 当a≥0时,f(x)在(-∞,+∞)上单调递增. 当a<0时,f(x)在(-∞,ln (-2a))上单调递减,在(ln (-2a),+∞)上单调递增. [例4]已知函数f(x)=ex+2ax(x∈R), (2)a>0,令g(x)=f(x)-a(x-1)ln (ax-a)+a,若g(x)恒单调递增,求a的取值范围. 【解析】(2)g(x)=ex+2ax-a(x-1)ln (ax-a)+a的定义域为(1,+∞).因为g(x)恒单调递增, 所以g'(x)=ex-aln (ax-a)+a≥0在(1,+∞)上恒成立,即≥ln a(x-1)-1,也即ex-ln a-ln a≥ ln (x-1)-1,整理得ex-ln a+(x-ln a)≥eln (x-1)+ln (x-1).令F(x)=ex+x,显然F(x)在(1,+∞)上单 调递增,原不等式等价于F(x-ln a)≥F(ln (x-1)),所以x-ln a≥ln (x-1),即ln a≤x-ln (x-1). 令h(x)=x-ln (x-1)(x>1),则h'(x)=1-=(x>1).所以h(x)在(1,2)上单调递减, 在(2,+∞)上单调递增,h(x)min=h(2)=2. 因此,ln a≤2,即a≤e2,a的取值范围是(0,e2]. 思维升华 指对同构解题的关键点 (1)常用的指对同构:指数和对数混合的导数题,直接使用同构的题目并不多,许多情况下,需要凑出同构的形式来.因为指数和对数之间可以互相转换,所以尽量转换为常见的aea≤bln b,=,ea±a>b±ln b三种同构形式. (2)复杂式的指对同构:比如aeax≤ln x两边同乘x可转化为axeax≤xln x;ax>logax可转化为exln a>,两边再同时乘xln a可转化为(xln a)·exln a>xln x;x+≥xa-ln xa可转化为-ln ≥xa-ln xa等. 谢谢观赏！！ $$