物理(十)-【步步为赢】2023-2024学年高一下学期物理期末综合冲刺卷

高一下学期期末综合冲刺卷·物理（十） (满分：100分) 一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求.) 超 1.下列说法不正确的是 A.磁场是客观存在的一种物质 如 B.磁体上磁性最强的部分叫做磁极，任何磁体都有两个磁极 C.磁极或电流在其周围空间会产生磁场 牵 D.磁体与磁体间的相互作用是通过磁场发生的，而磁体与通电导体间以及通电导体与通 电导体间的相互作用不是通过磁场发生的 长 2.如图所示，两轮压紧，通过摩擦传动（不打滑），已知大轮半径是小轮 半径的2倍，E为大轮半径的中点，C、D分别是大轮和小轮边缘上的 Z 的 一点，则下列关于E,C、D三点向心加速度大小关系的说法正确的是 A.ac=ap=2ag B.ac=2ap=2ag 批 C.ac= ap-2dg 2 D一dE D.ac=2 构 3.一物体从某行星表面某高度处自由下落，从物体开始下落计时，得到m 30 装 物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，不计阻力，则 10 艇 根据h一t图象可以计算出 A.行星的质量 B.行星的半径 C.行星表面重力加速度的大小 D.物体受到行星引力的大小 10-1 4.把甲物体从2h高处以速度。水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为L,把乙物体从h 高处以速度2水平抛出，落地点与抛出点的水平距离为s,不计空气阻力，则L与s的关 系为 A.L- B.L=/2s C.L= 2 D.L=2s 5.如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已 A⊙ 知：三角形边长为1cm,B、C电荷量为qB=gc=1×106C,A电荷量为 B④ -④C qA=一2×106C,A所受B、C两个电荷的库仑力的合力F的大小和方向为 A.180N,沿AB方向 B.180√3N,沿AC方向 C.180N,沿∠BAC的角平分线方向 D.180√3N,沿∠BAC的角平分线方向 6.已知通过三个并联支路的电流之比I1：I2:I3=1：2:3,则三个并联支路的电阻之比 R:R2:R为 A.6:3:2 B.2:3:6 C.1:2:3 D.2:3:1 7.如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R,、R2、R为定值电阻，S。、S 为开关，V、A分别为电压表和电流表.初始时S。与S均闭合，现将S R 断开，则 A.V的读数变大，A的读数变小 B.V的读数变大，A的读数变大 C.V的读数变小，A的读数变小 D.V的读数变小，A的读数变大 8.如图所示，闭合开关S,电路稳定后，水平放置的平行金属板间的带电 质点P处于静止状态，若将滑动变阻器R2的滑片向α端移动，则 A.电压表读数增大 B.电流表读数减小 C.R,消耗的功率减小 D.质点P将向下运动 10-2 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分.每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分.) 9.一横截面积为S的铜导线，通过的电流为I,设每单位体积的导线中有n个自由电 子，电子的电荷量为g,此时电子的定向移动速率为，在△1时间内，通过导线横截面 的自由电子数目可表示为 A.nvS△l B.v△t C.lar 10.如图所示，线圈I和线圈Ⅱ绕在同一个铁芯上，下列情况中能引起 电流计指针偏转的是 A.闭合开关瞬间 B.开关闭合稳定后 C.开关闭合稳定后，移动滑动变阻器的滑片 D.断开开关瞬间 11.如图所示，a、b、c是地球大气层外圈圆形轨道上运动的三颗卫星，a和b质 量相等，且小于c的质量，则 地球 A.b所需向心力最小 B.b、c的周期相同，且大于a的周期 C.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 D.b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度 12.如图甲所示，质量为0.1kg的小球从最低点A冲入竖直放置在水平地面上、半径为 0.4m的半圆轨道，此后小球速度的平方与其高度的关系图象如图乙所示.已知小球恰 能到达最高点C,轨道粗糙程度处处相同，空气阻力不计.g取10m/s,B为AC轨道的 中点.下列说法中正确的是 () +2m2.8） 25 A.图乙中x=4 B.小球从B点到C点损失了0.125J的机械能 C.小球从A点到C点合外力对其做的功为一1.05J D.小球从C点抛出后，落地点到A点的距离为0.8m 10-3 三、非选择题（本题共6小题，共60分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，) 13.(6分)有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B,分别带有电荷量Qa=6.4×10”C, Q=一3.2×10C,让两绝缘金属小球接触.求在接触过程中，电子如何转移并转移了 多少？ 10-4 14.(8分)下图为“研究感应电流产生的条件”的实验电路图. (1)请在图中连线，把实验装置连接完整， (2)开始实验时，滑动变阻器滑片P应该放置在 (填“a”或“b”)端. (3)闭合开关后，请写出三种使线圈B中产生感应电流的方法：① :② ;③ 15.(12分)我国计划于2018年发射“嫦娥四号”探月着陆器，可能在2030年实现载人登月. (1)若已知地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,月球绕地球运动的周期为T,月 球绕地球的运动近似看作匀速圆周运动，试求出月球绕地球运动的轨道半径. (2)若宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度。竖直向上抛出一个小 球，经过时间1，小球落回抛出点.已知月球半径为r,万有引力常量为G,试求出月球的 质量M· 10-5 16.(12分)如图所示，质量m=1kg的小物块静止放在粗糙水平面上，它与水平面的动摩擦 因数=0.4，且与水平面边缘O点的距离：=8m,在台阶右侧固定了一个2圆弧挡板， 半径R=3m,圆心与桌面同高.今以O点为原点建立平面直角坐标系.现用F=8N的 水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板.求：(g取 10m/s2) (1)若小物块恰能击中圆弧挡板最低点，则其离开O点时的动能大小： (2)在(1)题中拉力F作用的时间： 106 (3)若小物块在空中运动的时间为0.6s,则拉力F作用的距离. 17.(8分)如图所示，P是一个表面镶有很薄电热膜的长陶瓷管，其长度为L,直径为D,镀 膜的厚度为d.管两端有导电金属箍M、N.现把它接入电路中，测得它两端的电压为U, 通过它的电流为I,则金属膜的电阻为多少？镀膜材料的电阻率为多少？ 10-7 18.(14分)如图所示为氢原子最低的四个能级，当氢原子在这些能级间跃迁时： (1)有可能放出几种能量的光子？ ElV 3.4 -13.6 (2)在哪两个能级间跃迁时，所发出的光子波长最长？波长是多少？（普朗克常量 h=6.63×1031J·s,光速c=3.0×10°m/s) 10-8对质点P的引力：F:=G M'm GMm (2)根据E=P可知，每个光脉冲含有的能量 50R2· 为E=1.0×10°×1.0×10”J=103J 因而挖去小球后阴影部分对质点P的引力： 而每个光子的能量=创=h员 F=F,-F;-GMm_GMm_23GMm 4R2 50R 100R2 故每个光脉冲合有的光子数m=E≈35X 答案90 105个. 答案：(1)3.0×101m(2)3.5×108个 16.解析：(1)小球开始时做平抛运动：v,2=2gh, 高一下学期期末综合冲刺卷·物理（十） 代入数据解得 1.D磁场是存在于磁体和通电导体周围的一种 y,=3√2m/s. 客观存在的物质，磁体与磁体、磁体与通电导 在A点：tan60°= 体、通电导体与通电导体之间的相互作用都是 通过磁场产生的 得，=6一1an60=v6m/s. 2.C同轴传动，C、E两点的角速度相等，由a= (2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定 m2r,有r=2,即ar=2aE:两轮边缘点的线速度 理得 mg (h+L sin 0)-umgL cos 0-umgL2= 大小相等，由a=号有=合脚a=登0改 2m2、1 1 m, 选项C正确， 3.C根据图象可得，物体下落25m,用的总时间 代入数据解得e=3√6m/s. 为2.55，根据自由落体公式可求得行星表面的 (3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力， 重力加速度，C项正确；根据行星表面的万有引 则mg=m0,1」 m-2mgkm 力约等于重力，只能求出行星质量与行星半径 平方的比值（在已知引力常量G的前提下），不 代入数据解得R,=1.08m. 能求出行星的质量和半径，A项和B项错误；因 当小球刚能到达与圆心等高时，有2m2- 为物体质量未知，不能确定物体受到行星的引 mgR2,代入数据解得R2=2.7m. 力大小，D项错误 当圆轨道与AB相切时，R=BC·tan60°= 4.C根据2h= 2gi,得41=2 1.5m 即圆轨道的半径不能超过1.5m. 则L=0,4=20√g 综上所述，要使小球不离开轨道，R应该满足 的条件是0<R≤1.08m. 答案：(1W6m/s(2)3√6m/s(3)0R≤1.08m 2h ,则s=24=20√g 17.解析：1)根据电流的定义式1=4， 得t,入Ng 可得q=1t=2×10×1×103C=200C, 所以L=② ，故选项C正确. 供电时间f=子-=40 5.D点电荷B,C对点电荷A的库仑力大小相等，为 (2)这次闪电释放的电能为 Fm=Fa k1q9e=9×10×2X10X1×10N r 0.012 E=gU=200×2.5×10J=5×10°J. =180N 答案：(1)400s(2)5×10°J A受大小相等的两个库仑力，夹角为60°，故合 18.解析：(1)光脉冲的长度即光在一个脉冲时间 力为： 内传播的距离，根据s=c1可知，每个光脉冲的 长度为s=c△1=3×10°×1.0×10Hm= F-2FmcosNN. 3.0×108m 方向沿∠BAC的角平分线.故选D. 18 6.A三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律I 加速度与轨道半径的平方成反比，所以b、c的 只得，电流1与电阻R成反比。电流之比1： 向心加速度大小相等且小于a的向心加速度， I2:I3=1:2:3,则电阻之比R1:R2:R= C错：尚-孤得T=2V即 6：3:2,故选项A正确. 卫星运动的周期与其轨道半径三次方的平方 7.B将S断开，则电路的总电阻变大，总电流变 小，由U=E一I,知，路端电压变大，故电压表的 根成正比，所以b、c的周期相等且大于a的周 示数变大：R,两端的电压IR,变小，则R:两端 期，B正确：由60=加得w=√即卫 r 的电压变大，流过R的电流变大，电流表的示 数变大，选项B正确. 星的线速度与其轨道半径的平方根成反比，所 8.D由图可知，R,与滑动变阻器串联；电容器与 以b、c的线速度大小相等且小于a的线速度， 变阻器并联：当滑片向α端移动时，滑动变阻器 D正确. 接入电阻减小，总电阻减小；由闭合电路欧姆定 12.ACD当h=0.8m时，小球在C点，由于小球 律可知，电路中电流增大：路端电压减小，同时 R两端的电压增大，所以电压表示数减小，电 拾能到达最高点C,故mg=m三，所以 流表示数增大，故A、B错误；流过R1的电流增 2=gr=10×0.4m2·s2=4m2·s2,故选 大，由公式P=R知R,消耗的功率增大，故C 项A正确；由已知条件无法计算出小球从B 错误；电容器板间电压减小，板间电场强度减 到C损失的机械能，故选项B错误；小球从A 小，故质点P受到的向上电场力减小，则重力大 于电场力，质点P将向下运动，故D正确. 到C,由动能定理可知W。=名mc2-m 9.AC由I=9可得，在△时间内通过导线横载 =2×0.1x4J-7×0.1×25J=-1.05J. 面的电荷量Q=I△1，所以在这段时间内通过的 故选项C正确：小球离开C点后做平抛运动， 自由电子数为N=Q=I△，所以C正确，D错 故2=，落地点到A的距高x,=t,解 误：由于自由电子定向移动的速率是，所以在 得x1=0.8m,故选项D正确. 时间△1内，位于横截面积为S、长为I=v△1的 13.解析：当两小球接触时，带电荷量少的负电荷 这段导线内的自由电子都能通过横截面，这段 先被中和，剩余的正电荷再重新分配.由于两 导线的体积V=Sl=S△t,所以△1内通过横裁 小球完全相同，剩余正电荷必均分，即接触后 面的自由电子数为N=nV=nS△t,A正确，B 错误， 两小球带电荷量Q,'=Q'=Q十Q 2 10.ACD开关闭合瞬间，线圈I中电流从无到 有，穿过线圈Ⅱ的磁通量也从无到有，线圈Ⅱ 6.4×109-3.2×10C=1.6×10C.在接 2 中产生感应电流，电流计有示数. 触过程中，电子由B球转移到A球，不仅将自 开关闭合稳定后，线圈I中的电流稳定不变， 身电荷中和，且继续转移，使B球带Qg'的正 穿过线圈Ⅱ的磁通量稳定不变，线圈Ⅱ中无感 电，这样，共转移电子电荷量为△Qa=QB'一QB 应电流产生，电流计无示数 =[1.6×10-”-(-3.2×10-9)]C=4.8× 开关闭合稳定后，移动滑动变阻器的滑片，线 10-9C 圈I中的电流变化，穿过线圈Ⅱ的磁通量也发 生变化，线圈Ⅱ中有感应电流产生，电流计有 转移的电子数n=△Q=4.8×10C e 1.6X109C 示数. 3.0×10(个). 开关断开瞬间，线圈I中的电流从有到无，穿 答案：电子由B球转移到了A球，转移了 过线圈Ⅱ的磁通量也从有到无，线圈Ⅱ中有感 应电流产生，电流计有示数.所以选A、C、D. 3.0×10°个电子 11.ABD因卫星运动的向心力是由它们所受的 14.解析：(1)将电源、开关、滑动变阻器、线图A串联 万有引力捉供，而b所受的引力最小，故A正 成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接 确：尚0=ma,得a,-C以，即卫星的向心 线柱，再将灵敏电流计与线圈B串联成另一个回 路，电路图如图所示 19 由牛顿第二定律得F-2ng=ma,a=4m/s ar-z-V5s 8 (3)小物块离开O点后开始做平抛运动，由下 1 落时间可知下落距离y=2gt,y=1.8m (2)由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流 ①若小物块落到半圆的左半边，则平抛运动的 式接法，为保护电路应该使接入电路的电阻最 水平位移为： 大，在闭合开关S前，滑动变阻器滑片P应置 x1=R-√R-y=0.6m 于a端. (3)开关S闭合后，还有多种方法能使线圈B =号-1m/s 中产生感应电流，如：移动滑动变阻器的滑片、 从开始运动到小物块到达O,点，由动能定理得 线图A在线图B中插入或拔出、断开开关等， Fl-umgs=名m,所以4-得n 1 答案：(1)见解析图(2)a(3)①断开开关 ②若小物块落到半圆的右半边，同理可得 ②插入或拔出线圈A③移动滑动变阻器的 2=9m/s 滑片 15.解析：(1)根据万有引力定律和向心力公式： h-m>8m(合去) GMM=MR,(停)0 R月 答案：17.5J2=。3 16m mg-GM 1,解析：由欧好定律可得，金属膜的电阻R=号， R 沿着L的方向将膜层展开，如图所示，则膜层 gRT 联立①②得Rn入4r 等效为一电阻，其长为L,横戴面积为管的周 (2)设月球表面的重力加递度为g月，根据 长X厚度d,由电阻定律R=PS可得：R= 题意： =“g回 mg月=G MA④ 联立③④得M月= 2vor2 Gt· 答案：(1) ERT 2r2 (2) 4π Gt 解得：p=UxDd L 16.解析：(1)小物块离开O点后开始做平抛运动， 故：R=t 答案号 UπDd 18.解析：(1)由N=C,可得N=C=6种. (2)氢原子由第四能级向第三能级跃迁时，能级 差最小，辐射的光子能量最小，波长最长，根据 所以E=7.5J. =E4-E=-0.85-(-1.51)eV=0.66eV, (2)从开始运动到小物块到达O点，由动能定 he 6.63×10-4×3×108 A-E-E 1 0.66X1.6x10m≈1.8X 理得：Fx一umgs=交mo 106m 79 答案：(1)6(2)第四能级向第三能级 所以x=16m 1.88×105m 20