2024年新课标高考生物真题黑龙江卷变式题7-9

   1．关于采用琼脂糖凝胶电泳鉴定PCR产物的实验，下列叙述正确的是（    ） A．琼脂糖凝胶浓度的选择需考虑待分离DNA片段的大小 B．凝胶载样缓冲液中指示剂的作用是指示DNA分子的具体位置 C．在同一电场作用下，DNA片段越长，向负极迁移速率越快 D．琼脂糖凝胶中的DNA分子可在紫光灯下被检测出来       2．基因工程中，常用PCR特异性地快速扩增目的基因，PCR技术的基本原理类似于DNA的天然复制过程。下列有 关PCR的叙述，错误的是（    ） A．DNA模板边解旋边合成子链 B．PCR的缓冲液中一般要添加Mg2+ C．PCR需要DNA聚合酶但不需要解旋酶 D．复性过程中引物会通过碱基互补配对与模板链结合 3．下列关于PCR扩增DNA片段及电泳鉴定的叙述，正确的有（    ） A．PCR反应中，复性阶段需要DNA聚合酶连接磷酸二酯键 B．PCR反应中，延伸阶段需要反应体系中的ATP提供能量 C．电泳时，DNA分子在凝胶中的迁移速率与DNA的大小和构象等有关 D．电泳时，将PCR产物、核酸染料和电泳指示剂混合后注入凝胶加样孔    4．人血清白蛋白（）是血浆蛋白的主要成分，具有维持血浆渗透压和进行物质运输的功能。科学家利用转基因技术获得转基因的大肠杆菌，通过发酵工程，实现的大量生产，下图表示基因。下列叙述错误的（    ） A．过程每次循环分为3步，其中温度最低的一步是第二步 B．扩增出基因并用于表达载体的构建，应选择引物Ⅱ和引物Ⅲ C．在反应缓冲液中加入的作用是激活耐高温的聚合酶 D．用方法检测大肠杆菌是否导入基因，预变性过程可促进模板边解旋边复制 5．某病毒的检测可以采用实时荧光RT­PCR（逆转录聚合酶链式反应）的方法，RT­PCR的具体过程如图。下列有关叙述错误的是（　　）    A．过程①以mRNA为模板合成单链DNA B．过程②③拟对单链cDNA进行第n次循环的扩增，理论上需要n个引物B C．该技术用于对某些微量RNA病毒的检测，可提高检测的灵敏度 D．游离的脱氧核苷酸只能从引物的3′端开始连接    6．荧光定量PCR技术是在常规PCR的基础上，加入与模板DNA某条链互补的荧光探针（一类两端经过特殊基团修饰的单链DNA片段），当子链延伸至探针处时DNA聚合酶会水解掉探针一端并生成荧光分子，使荧光监测系统接收到荧光信号，即DNA每扩增一次，就有一个荧光分子生成，原理如图所示。下列有关叙述正确的是（　　） A．该项技术可用来直接检测样本中新冠病毒核酸的含量 B．1个双链DNA分子经过3轮循环一共会生成8个荧光分子 C．1个双链DNA分子经过5轮循环一共需要消耗15对引物 D．该PCR技术中DNA聚合酶既催化形成磷酸二酯键，又催化断裂磷酸二酯键 7．荧光定量PCR是通过在PCR体系中添加荧光染料来记录PCR产物的累积情况，从而达到对PCR过程进行实时监控的目的。CT值表示每个反应管内荧光信号达到设定的荧光阈值时所经历的循环数。通常情况下将已知浓度的DNA标准样品经过梯度稀释后分别取样进行荧光定量PCR，得到一系列的CT值，以梯度稀释后的浓度对数值作为横坐标，浓度所对应的CT值为纵坐标绘制曲线，即可得到一个标准曲线，如下图所示，下列叙述错误的是（    ） A．荧光定量PCR反应体系中需要添加耐高温的DNA聚合酶 B．荧光定量PCR可以用于检测样品中待测病毒核酸的浓度 C．若两组样品中待测病毒核酸的浓度差了10倍，则两组CT值的差异在3与4之间 D．若标准样品的DNA出现降解，则利用所得的标准曲线分析，待测样品所测CT值偏低    8．鲟类是最古老的鱼类之一，被誉为鱼类的“活化石”。我国学者新测定了中华鲟、长江鲟等的线粒体基因组，结合已有信息将鲟科分为尖吻鲟类、大西洋鲟类和太平洋鲟类三个类群。下列叙述错误的是（    ） A．鲟类的形态结构和化石记录可为生物进化提供证据 B．地理隔离在不同水域分布的鲟类进化过程中起作用 C．鲟类稳定的形态结构能更好地适应不断变化的环境 D．研究鲟类进化关系时线粒体基因组数据有重要价值       9．蝾螈可分成皮肤光滑的水栖和皮肤粗糙的陆栖。某种完全陆生的蝾螈中，其卵内发育阶段仍然具有某些水生幼体的骨骼特征，但在孵化后便拥有了与幼体差异较大的成体特征。下列有关说法正确的是（　　） A．卵内发育时水生幼体的骨骼特征为分析蝾螈的祖先提供了胚胎学证据 B．水栖蝾螈和陆栖蝾螈存在模式上的多样性和类型上的统一性 C．变异和重组是导致出现水栖蝾螈和陆栖蝾螈的重要动力 D．水栖蝾螈和陆栖蝾螈由于栖息地不同而存在生殖隔离 10．中美洲东海岸与西海岸分布着两种形态差异明显的海龟。经DNA检测，发现它们曾经是同一物种，火山爆发导致中美洲形成后，它们被分隔成两个地区的不同种群，现已进化成两个不同物种。下列叙述错误的是（    ） A．DNA分子差异大小可以揭示亲缘关系远近 B．地理隔离是物种形成的必要条件 C．两种海龟的基因库存在明显差异 D．东西海岸的不同环境影响海龟进化的方向    11．自然界中存在3种能感染人的虱子：阴虱、人虱和头虱，它们分别寄生于腋下、躯干和头发中，来源于共同祖先。它们在某种条件下可以相互杂交，但后代个体因发育不正常而不育。下列有关叙述，错误的是（    ） A．不同虱子的寄生场所不同是长期自然选择的结果 B．三种虱子之间可以相互交流基因，属于同一物种 C．三种虱子的祖先在寄生场所上的差异形成了一定的地理隔离 D．三种虱子的形态结构上相似，提供了来自于共同祖先的证据 12．人类8号染色体在进化过程中的变化如下图所示，下列相关叙述错误的是（    ） A．旧世界猴和新世界猴可能存在生殖隔离 B．从祖先进化到人的过程中发生了染色体变异 C．8号染色体上的特异性序列可作为人类起源与进化研究的参考 D．不同生长环境诱导产生的不同变异导致祖先进化方向不同    13．环境污染、栖息地破坏或其他干扰导致形成了具有一定距离的生境斑块，使得一个较大的生物种群被分割为许多小的局域种群，小的局域种群随时都有可能发生随机性灭绝。集合种群即生境斑块中局域种群的集合，是指在相对独立的地理区域内，由空间上相互隔离，但又有功能联系(个体在生境斑块之间可以迁移或扩散)的两个或两个以上的局部种群的镶嵌系统。下列相关说法正确的是（    ） A．不同局域的自然环境决定了局域种群的变异类型 B．局域种群之间由于存在地理隔离而完全无法基因交流 C．集合种群的数量变化与各个局域种群保持一致 D．在一个集合种群中，各个局域种群的动态最好不完全同步化 14．病菌广泛的耐药性发展阻碍了抗生素的有效性和使用寿命，发掘新的抗菌药物显得尤为重要。科学家从从未培养过的土壤细菌中分离出一种新的作用于细菌细胞壁的抗生素 clovibactin，它能有效地杀死耐药的革兰氏阳性细菌，且没有检测到耐药性。下列相关叙述错误的是（    ） A．交替使用多种传统抗生素可能会减缓细菌耐药性的产生 B．由抗生素 clovibactin的作用机理可知，其对支原体不起作用 C．若用抗生素 clovibactin筛选培养某种革兰氏阳性细菌时会促进新物种形成 D．向培养多种微生物的培养基中添加某种抗生素后，某些微生物的基因频率发生改变    15．下图表示DNA半保留复制和甲基化修饰过程。研究发现，50岁同卵双胞胎间基因组DNA甲基化的差异普遍比3岁同卵双胞胎间的差异大。下列叙述正确的是（    ） A．酶E的作用是催化DNA复制 B．甲基是DNA半保留复制的原料之一 C．环境可能是引起DNA甲基化差异的重要因素 D．DNA甲基化不改变碱基序列和生物个体表型       16．甲基化的双链DNA分子复制产生的新双链中只有亲代链是甲基化的，新合成的子链是非甲基化的，即新合成的子代DNA是半甲基化的。DNMT1（一种DNA甲基化酶）能催化新合成的子链甲基化，物质CFd可在复制时干扰DNMT1的作用。下列说法错误的是（　　） A．基因发生甲基化，可使相同基因的生物体的性状出现差异 B．甲基化的DNA分子的长度和碱基序列均不发生改变 C．表观遗传调控性状是通过改变基因的表达来实现的 D．在双链均甲基化的DNA复制时加入CFd，复制一次后会出现完全去甲基化的DNA 17．下图是人体某细胞的细胞核中发生的两个过程，下列有关叙述正确的是（    ） A．基因1进行转录，a链延伸的方向是从5'→3' B．基因2进行复制，酶1为RNA聚合酶、酶2为DNA聚合酶 C．基因1和基因2在细胞核中不能同时进行转录和复制 D．甲基化不仅抑制基因1的表达，也能抑制基因2的复制    18．复制叉是真核生物DNA复制过程中的基本结构，复制叉由“Y”字形DNA以及结合在该处的与DNA复制有关的蛋白质组成，如图所示。DNA甲基化会引起染色质结构、DNA构象，DNA稳定性及DNA与蛋白质相互作用方式的改变。下列有关叙述正确的是（    ） A．与DNA复制有关的蛋白质包括解旋酶（B）和DNA聚合酶（A）等 B．a、b为新合成的子链，会相互结合形成子代DNA C．被甲基化修饰后，基因的碱基序列不发生改变 D．合成a、b子链的原料相同，即四种核糖核苷酸 19．在DNA甲基转移酶（Dnmt）的作用下，基因启动子区发生胞嘧啶的甲基化可导致基因转录沉默。某植物用5-azaC处理后，胞嘧啶的甲基化水平明显降低，开花提前。当敲除Dnmt基因时，甲基化的DNA复制出的子链不会被甲基化。下列说法正确的是（    ） A．启动子位于该基因模板链的5'端 B．胞嘧啶甲基化导致启动子区的碱基序列发生改变 C．5-azaC的去甲基化作用导致相应基因的基因频率增大 D．双链均甲基化的DNA在无Dnmt时，复制两次可得到去甲基化的DNA    20．DNA分子中的胞嘧啶结合一个甲基基团的过程称为DNA甲基化。细胞中存在两种DNA甲基化酶，从头甲基化酶只作用于非甲基化的DNA，使其半甲基化；维持甲基化酶只作用于DNA的半甲基化位点，使其全甲基化，如图所示。下列叙述正确的是（    ） A．DNA甲基化通过改变基因的碱基序列引起表观遗传 B．DNA甲基化能引起生物性状的改变，但不能遗传给后代 C．从头甲基化酶与维持甲基化酶功能不同，体现了酶具有专一性 D．从头甲基化酶能作用于全甲基化DNA复制一次所形成的子代DNA 21．某些基因在启动子上存在富含双核苷酸“CG”的区域，称为“CG岛”。其中的胞嘧啶在发生甲基化后转变成5-甲基胞嘧啶但仍能与鸟嘌呤互补配对。细胞中存在两种DNA甲基化酶（如图1所示），从头甲基化酶只作用于非甲基化的DINA，使其半甲基化；持续甲基化酶只作用于DNA的半甲基化位点，使其全甲基化。以下说法正确的是（    ） A．由材料可知，DNA甲基化会改变基因转录产物的碱基序列 B．启动子“CG岛”甲基化会影响相关蛋白质与启动子的结合，直接抑制翻译过程 C．图2中过程①的产物均为半甲基化，推测①过程方式是半保留复制 D．过程②所用的酶为从头甲基化酶，所得产物与亲代分子相同，为全甲基化状态 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案： 1．A 【分析】琼脂糖凝胶电泳鉴定PCR产物的原理主要基于DNA分子在电场作用下的迁移行为以及琼脂糖凝胶的特性。 【详解】A、琼脂糖凝胶的浓度会影响DNA分子在凝胶中的迁移率和分辨率，琼脂糖凝胶的浓度通常是根据所需分离的DNA片段大小来选择的。对于较大的DNA片段，比如基因组DNA或质粒DNA，通常选择较低浓度的琼脂糖凝胶，因为它们需要更大的孔径来有效迁移。而对于较小的DNA片段，比如PCR产物或酶切片段，则需要选择较高浓度的琼脂糖凝胶，以提供更好的分辨率和分离效果，A正确； B、 凝胶载样缓冲液指示剂通常是一种颜色较深的染料，可以作为电泳进度的指示分子， 当溴酚蓝到凝胶2/3处时(可看蓝色条带)，则停止电泳，B错误； C、在琼脂糖凝胶电泳中，当电场作用时，DNA片段实际上是向正极迁移的，而不是向负极迁移。同时，DNA片段的迁移速率与其大小成反比，即DNA片段越长，迁移速率越慢，C错误； D、琼脂糖凝胶中的DNA分子需染色后，才可在波长为300nm的紫外灯下被检测出来，D错误。 故选A。 2．A 【分析】PCR技术： 1、概念：PCR全称为聚合酶链式反应，是一项在生物体外复制特定DNA的核酸合成技术。 2、原理：DNA复制。 3、前提条件：已知目的基因两端的核苷酸序列，以便合成一对引物。 4、条件：模板DNA、四种脱氧核苷酸、一对引物、热稳定DNA聚合酶（Taq酶）。 5、过程：① 高温变性：DNA解旋过程；②低温复性：引物结合到互补链DNA上； ③中温延伸：合成子链。PCR扩增中双链DNA解开不需要解旋酶，高温条件下氢键可自动解开。 【详解】A、PCR过程中，DNA模板因高温变性解旋后，再合成子链，A错误； B、真核细胞和细菌的DNA聚合酶都需要Mg2+ 激活。因此，PCR反应缓冲液中一般要添加Mg2+，B正确； C、PCR过程中利用DNA的热变性原理，温度超过90℃氢键断裂，双链打开，因此PCR过程中不需要解旋酶，但需要耐高温的DNA聚合酶，C正确； D、复性是指温度降至50℃左右，引物与模板根据碱基互补配对形成氢键而结合，D正确。 故选A。 3．C 【分析】（1）PCR是聚合酶链式反应的缩写。它是一项根据DNA半保留复制的原理，在体外提供参与DNA复制的各种组分与反应条件，对目的基因的核苷酸序列进行大量复制的技术。（2）DNA分子具有可解离的基团，在一定的pH下，这些基团可以带上正电荷或负电荷。在电场的作用下，这些带电分子会向着与它所带电荷相反的电极移动，这个过程就是电泳。PCR的产物一般通过琼脂糖凝胶电泳来鉴定。在凝胶中DNA分子的迁移速率与凝胶的浓度、DNA分子的大小和构象等有关。 【详解】A、PCR反应中，复性阶段需要耐高温的DNA聚合酶连接磷酸二酯键，A错误； B、PCR反应中需要以dATP、dTTP、dCTP、dGTP为原料合成新的DNA链，这些原料水解就会放出能量，B错误； C、PCR的产物一般通过琼脂糖凝胶电泳来鉴定。在凝胶中DNA分子的迁移速率与凝胶的浓度、DNA分子的大小和构象等有关，C正确； D、核酸染料在制备凝胶时加入，将扩增得到的PCR产物与凝胶载样缓冲液（内含指示剂）混合，再用微量移液器将混合液缓慢注入凝胶的加样孔内。留一个加样孔加入分子大小的标准参照物，D错误。 故选C。 4．D 【分析】聚合酶链式反应（PCR）是一项根据DNA半保留复制原理进行的体外DNA复制技术。包括变性、复性和延伸三步。 【详解】A、PCR过程每次循环分为变性、复性和延伸3步，其中温度最低的一步是第二步复性，A正确； B、引物结合在模板链的3'端，使子链从5'→3'延伸，扩增出HSA基因并用于表达载体的构建，应选择引物Ⅱ和引物Ⅲ，B正确； C、在PCR反应缓冲液中加入Mg2+的作用是激活耐高温的DNA聚合酶，C正确； D、用PCR方法检测大肠杆菌是否导入HSA基因，与细胞内DNA复制不同，预变性过程可促进模板DNA全部打开，不是边解旋边复制，D错误。 故选D。 5．B 【分析】多聚酶链式反应扩增DNA片段：1、PCR原理：在解旋酶作用下，打开DNA双链，每条DNA单链作为母链，以4种游离脱氧核苷酸为原料，合成子链，在引物作用下，DNA聚合酶从引物3'端开始延伸DNA链，即DNA的合成方向是从子链的5'端自3'端延伸的。实际上就是在体外模拟细胞内DNA的复制过程。DNA的复制需要引物，其主要原因是DNA聚合酶只能从3′端延伸DNA链。 2、PCR反应过程是：变性→复性→延伸。 3、结果：上述三步反应完成后，一个DNA分子就变成了两个DNA分子，随着重复次数的增多，DNA分子就以2n的形式增加。PCR的反应过程都是在PCR扩增仪中完成的。 【详解】A、过程①是以mRNA形成单链DNA的过程，表示逆转录，A正确； B、过程③拟对单键cDNA进行第n次循环的扩增，根据DNA分子半保留复制特点可知，该过程理论上至少需要2n－1个引物B，B错误； C、利用实时荧光RT­PCR技术对某些微量RNA病毒进行检测时可提高检测的灵敏度，是因为增加了待测RNA逆转录产生的DNA的数量（或浓度），便于检测，C正确； D、游离的脱氧核苷酸只能从引物的3′端开始连接，D正确。 故选B。 6．D 【分析】PCR原理：在解旋酶作用下，打开DNA双链，每条DNA单链作为母链，以4中游离脱氧核苷酸为原料，合成子链，在引物作用下，DNA聚合酶从引物3'端开始延伸DNA链，即DNA的合成方向是从子链的5'端自3'端延伸的。实际上就是在体外模拟细胞内DNA的复制过程。DNA的复制需要引物，其主要原因是DNA聚合酶只能从3′端延伸DNA链。 【详解】A、利用荧光定量PCR技术可以进行DNA的含量测定，模板DNA越多，荧光信号越强，而新冠病毒的核酸为 RNA，无法直接用该技术检测，A错误； B、荧光探针只能跟模板DNA的某条链互补配对，DNA分子每扩增一次，就有一个荧光分子生成，3轮循环后得到8个DNA分子，即扩增形成了7个新DNA分子，一共会生成1+2+4=7个荧光分子，B错误； C、1个双链DNA分子经过5轮循环一共会形成 32个 DNA分子，即形成64 条链，其中62条链都是新合成的，一共需要消耗31对引物，C错误； D、子链延伸时DNA聚合酶可在子链的3′端不断添加脱氧核苷酸，从而形成磷酸二酯键，当子链延伸至探针处时 DNA 聚合酶可以利用 5′-3′外切酶活性水解DNA单链探针的一端，使其有关基团出现荧光，D正确。 故选D。 7．D 【分析】PCR反应需要在一定的缓冲溶液中才能进行，需提供DNA模板，分别与两条模板链结合的2种引物，4种脱氧核苷酸和耐高温的DNA聚合酶；同时通过控制温度使DNA复制在体外反复进行。扩增的过程是：目的基因DNA受热变性后解为单链，引物与单链相应互补序列结合;然后以单链DNA为模板，在DNA聚合酶作用下进行延伸，即将4种脱氧核苷酸加到引物的3'端，如此重复循环多次由于延伸后得到的产物又可以作为下一个循环的模板，因而每一次循环后目的基因的量可以增加一倍，即成指数形式扩增。每次循环般可以分为变性、复性和延伸三步 【详解】A、PCR的过程包括变性、退火和延伸。DNA的双链主要是靠氢键联系在一起，高温时，氢键很容易就被断开了，双链变成了单链，提供了PCR的模板。荧光定量PCR是反复多次进行PCR，所以需要添加耐高温的DNA聚合酶，A正确； B、根据题意和图示可知，荧光定量PCR的CT值与病毒核酸浓度有关，病毒核酸浓度越高，循环数越少，CT值越小，B正确； C、根据图中CT值与梯度稀释后的浓度对数值之间的关系可知，如果PCR产物的浓度增加10倍，其荧光强度也会增加10倍，但是CT值会减少大约3.3个单位(即1个对数单位)，C正确； D、据图所示，DNA标准样品的浓度越高，达到设定的荧光阈值时所经历的循环数越少，CT值越小，所以，若标准样品的DNA出现降解，DNA浓度下降，则标准曲线值偏高，待测样品所测CT值偏高，D错误。 故选D。 8．C 【分析】化石是指通过自然作用保存在地层中的古代生物的遗体、遗物或生活痕迹等。 【详解】A、比较脊椎动物的器官、系统的形态结构，可以为这些生物是否有共同祖先寻找证据，化石是研究生物进化最直接、最重要的证据，所以鲟类的形态结构和化石记录可为生物进化提供证据，A正确； B、地理隔离是指同一种生物由于地理上的障碍而分成不同的种群，使得种群间不能发生基因交流的现象，不同的地理环境可以对生物的变异进行选择，进而影响生物的进化，故地理隔离在不同水域分布的鲟类进化过程中起作用，B正确； C、群落中出现可遗传的有利变异和环境的定向选择是适应环境的必要条件，故鲟类稳定的形态结构不能更好地适应不断变化的环境，C错误； D、不同生物的DNA等生物大分子的共同点，可以揭示生物有着共同的原始祖先，其差异的大小可以揭示当今生物种类亲缘关系的远近，故研究鲟类进化关系时线粒体基因组数据有重要价值，D正确。 故选C。 9．A 【分析】1、基因突变、染色体变异和基因重组等可遗传变异是自然选择的前提，是进化的原材料，是形成适应的前提。自然选择是进化的一个重要动力和机制。 2、隔离包括了地理隔离和生殖隔离，其中生殖隔离是新物种形成的标志。 【详解】A、由于完全陆生的蝾螈中，其卵内发育阶段仍然具有某些水生幼体的骨骼特征，因此可为分析蝾螈的祖先提供了胚胎学证据，A正确； B、水栖蝾螈和陆栖蝾螈存在模式上的统一性和类型上的多样性，B错误； C、变异和重组是进化的自然选择的前提，是进化的原材料，选择是动力，C错误； D、水栖蝾螈和陆栖蝾螈由于栖息地不同而存在地理隔离，D错误。 故选A。 10．B 【分析】现代生物进化理论的主要内容：种群是生物进化的基本单位，突变和基因重组是产生进化的原材料，自然选择决定生物进化的方向，隔离导致新物种的形成，不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展。 【详解】A、不同生物的DNA分子的差异可揭示物种亲缘关系的远近，亲缘关系越近，则DNA序列相似度越高，A正确； B、隔离是物种形成的必要条件，地理隔离不是物种形成的必要条件，如多倍体物种形成时不需要地理隔离，B错误； C、两种海龟属于不同物种，不同物种的基因库存在明显差异，C正确； D、自然选择决定生物进化的方向，因此东西海岸的不同环境影响海龟进化的方向，D正确。 故选B。 11．B 【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变。突变和基因重组、自然选择及隔离是物种形成过程的三个基本环节，通过它们的综合作用，种群产生分化，最终导致新物种的形成。其中突变和基因重组产生生物进化的原材料，自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向，隔离是新物种形成的必要条件。 【详解】A、不同虱子的寄生场所不同是长期自然选择的结果，是不同的自然选择对不定向的变异进行定向选择的结果，A正确； B、三种虱子的杂交后代发育不正常，说明三种虱子之间已经形成生殖隔离，属于不同的物种，B错误； C、三种虱子的祖先在寄生场所上的差异形成了一定的地理隔离，导致不能进行基因交流，C正确； D、三种虱子的形态结构上相似，在个体水平提供了来自于共同祖先的证据，D正确。 故选B。 12．D 【分析】1、生物的变异分为可遗传变异和不遗传变异，可遗传变异的来源有基因突变、基因重组和染色体畸变，其中染色体畸变，在显微镜下可见。可遗传变异是进化的原材料，进化的实质是基因频率的改变，变异具有不定向性，自然选择决定净化的方向； 2、 物种：分布在一定的自然区域内，具有一定的形态结构和生理功能，而且在自然状态下能够相互交配和繁殖，并能够产生可育后代的一群生物个体； 3、隔离：不同种群间的个体，在自然条件下基因不能发生自由交流的现象。常见的有地理隔离和生殖隔离。 【详解】A、由图可知，旧世界猴和新世界猴染色体组成不同，可能存在生殖隔离，A正确； B、由图可知，人类的8号染色体是由原始祖先的两条染色体拼接形成的，即在共同原始祖先进化成人类的过程中发生了染色体变异，B正确； C、8号染色体上的特异性序列能够为人类起源和进化研究提供参考，C正确； D、变异是不定向的，自然选择决定生物进化的方向，D错误。 故选D。 13．D 【分析】 现代进化理论的基本内容是：①进化是以种群为基本单位，进化的实质是种群的基因频率的改变。②突变和基因重组产生进化的原材料。③自然选择决定生物进化的方向。④隔离导致物种形成。 【详解】A、变异是不定向的，自然环境只是起选择作用，不能决定变异类型，A错误； B、分析题意，局域种群是一个较大的生物种群被分割为许多小种群，局域种群之间可能也会存在基因交流，B错误； C、部分局域种群的数量变化很大，有些局域种群甚至会灭绝，其他局域种群的个体可能会迁入灭绝局域种群原本所占据的生境斑块，因此集合种群的数量可能比较稳定，即集合种群的数量变化与各局域种群的数量变化可以不同，C错误； D、分析题意可知，小的局域种群随时都有可能发生随机性灭绝，一个集合种群中，各个局域种群的动态最好不要完全同步化，以保证所有的局域种群不会同时灭绝，D正确。 故选D。 14．C 【分析】现代进化理论的基本内容是：①进化是以种群为基本单位，进化的实质是种群的基因频率的改变。②突变和基因重组产生进化的原材料。③自然选择决定生物进化的方向。④隔离导致物种形成。 【详解】A、单一使用某种抗生物会因为其对耐药菌进行选择并保存导致耐药频率升高，交替使用多种传统抗生素可能会减缓细菌耐药性的产生，A正确； B、抗生素 clovibactin作用于细菌细胞壁，而支原体无细胞壁，故由抗生素 clovibactin的作用机理可知，其对支原体不起作用，B正确； C、若用抗生素 clovibactin筛选培养某种革兰氏阳性细菌时可能导致该类菌的耐药频率增加，导致生物进化，但不一定会促进新物种形成（生殖隔离产生），C错误； D、向培养多种微生物的培养基中添加某种抗生素后，抗生素能够选择并保存抗性强的个体，某些微生物的基因频率发生改变，D正确。 故选C。 15．C 【分析】甲基化是指在DNA某些区域的碱基上结合一个甲基基团，故不会发生碱基对的缺失、增加或减少，甲基化不同于基因突变。DNA甲基化后会控制基因表达，可能会造成性状改变，DNA甲基化后可以遗传给后代。 【详解】A、由图可知，酶E的作用是催化DNA甲基化，A错误； B、DNA半保留复制的原料为四种脱氧核糖核苷酸，没有甲基，B错误； C、“研究发现，50岁同卵双胞胎间基因组DNA甲基化的差异普遍比3岁同卵双胞胎间的差异大”，说明环境可能是引起DNA甲基化差异的重要因素，C正确； D、DNA甲基化不改变碱基序列，但会影响生物个体表型，D错误。 故选C。 16．D 【分析】表观遗传是指DNA序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发生变化而表现型（表型）却发生了改变。 【详解】A、基因发生甲基化，相应的基因可能无法表达，导致相同基因的生物体的性状出现差异，A正确； B、甲基化的DNA分子的长度和碱基序列均不发生改变，只是部分碱基发生了甲基化修饰，B正确； C、表观遗传中，生物体基因的碱基序列没变，但基因的表达和表型发生了变化，即表观遗传调控性状是通过改变基因的表达来实现的，C正确； D、根据DNA半保留复制的特点可知，在双链均甲基化的DNA复制时加入CFd，复制一次所形成的子代DNA是半甲基化，复制两次后会出现完全去甲基化的DNA，D错误。 故选D。 17．A 【分析】DNA分子复制的过程：①解旋：在解旋酶的作用下，把两条螺旋的双链解开。②合成子链：以解开的每一条母链为模板， 以游离的四种脱氧核苷酸为原料，遵循碱基互补配对原则，在有关酶的作用下，各自合成与母链互补的子链。③形成子代DNA：每条子链与其对应的母链盘旋成双螺旋结构。从而形成2个与亲代DNA完全相同的子代DNA分子。 【详解】A、无论转录还是复制，核苷酸延伸的方向都是从5'→3'，A正确； B、基因2进行复制，酶1为解旋酶、酶2为DNA聚合酶、酶3为RNA聚合酶，B错误； C、基因1和基因2在细胞核中可以同时进行，一个基因不能同时进行转录和翻译，C错误； D、甲基化抑制基因表达，不抑制基因的复制，D错误。 故选A。 18．C 【分析】DNA复制特点：边解旋边复制（过程上）、半保留复制（结果上）。每个DNA分子都保留原DNA的一条链DNA复制相关酶：解旋酶能打开双链间的氢键，使DNA双链解旋，还需要DNA聚合酶等将单个脱氧核苷酸连接成完整的子链 【详解】A、DNA复制相关蛋白包括A（解旋酶：破坏氢键，使DNA双链变为单链）和B（DNA聚合酶：形成子链），A错误； B、a、b为新合成的子链，子代DNA由子链和对应的母链形成，B错误； C、DNA的甲基化并不改变基因的碱基序列，但影响基因的转录，进而影响生物的性状，C正确； D、a、b为新合成的DNA链，合成a、b子链的原料相同，即四种脱氧核糖核苷酸，D错误。 故选C。 19．D 【分析】表观遗传：生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，DNA甲基化是表观遗传的一种类型。 【详解】A、 转录过程中RNA的延伸方向是有5‘向3’端延伸的，而模板链和编码链是反向平行的，因此，基因的启动子位于该基因编码链的3'端，是RNA聚合酶的识别与结合位点，A错误； B、DNA甲基化是表观遗传的一种类型，表观遗传是指生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，故5'胞嘧啶的甲基化并未改变启动子区的碱基序列，B错误； C、5-azaC的去甲基化作用只是解除了基因转录沉默，基因能够正常表达，但是基因的种类和数量并未发生改变，即5-azaC的去甲基化作用并不会导致相应基因的基因频率升高，C错误； D、根据题干“ 当敲除Dnmt 基因时，甲基化的DNA复制出的子链不会被甲基化”，结合DNA的半保留复制特点，以一个双链均甲基化的DNA复制为例，复制一次的时候，得到的两个DNA分子均为一条甲基化的链和一条正常的链；复制两次后会得到2个DNA分子其两条链均为正常链，无甲基化，另外2个DNA分子均为一条链甲基化，另一条链正常，D正确。 故选D。 20．C 【分析】表观遗传是指DNA序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发生变化而表现型却发生了改变，如DNA的甲基化，甲基化的基因不能与RNA聚合酶结合，故无法进行转录产生mRNA，也就无法进行翻译，最终无法合成相应蛋白，从而抑制了基因的表达。 【详解】A、据题意可知，DNA分子中的胞嘧啶结合一个甲基基团的过程称为DNA甲基化，因此DNA甲基化后碱基序列不会发生改变，A错误； B、DNA甲基化能引起生物性状的改变，也能通过DNA的复制遗传给后代，B错误； C、结构决定功能，功能与结构相适应，因此从头甲基化酶与维持甲基化酶功能不同，体现了酶的专一性，C正确； D、据题意可知，从头甲基化酶只作用于非甲基化的DNA，使其半甲基化，DNA复制是半保留方式，而全甲基化的DNA复制一次所形成的子代DNA是半甲基化，因此从头甲基化酶不能作用于全甲基化的DNA复制一次所形成的子代DNA，D错误。 故选C。 21．C 【分析】根据题意和图示分析可知：由于表观遗传是指DNA序列不改变，而基因的表达发生可遗传的改变，说明其基因没有发生突变。RNA聚合酶与启动子结合，催化基因进行转录形成mRNA。 【详解】A、DNA甲基化是表现遗传中最常见的现象之一，而表现遗传是指DNA序列不改变，所以DNA甲基化不会改变基因转录产物的碱基序列，A错误； B、启动子中“CG岛”的甲基化会影响相关蛋白质与启动子的结合，从而抑制转录过程，B错误； C、图2中过程①的模板链都含甲基，而复制后都只含一个甲基，说明过程①的方式是半保留复制，所以其产物都是半甲基化的，C正确； D、维持甲基化酶只作用于DNA的半甲基化位点，过程①得到的DNA分子均是半甲基化，因此过程②所用的酶为维持甲基化酶，所得产物与亲代分子相同，为甲基化状态，D错误。 故选C。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$