2024年江苏省南京市浦口区桥林中学、星甸中学中考物理模拟试卷

2024年江苏省南京市浦口区桥林中学、星甸中学中考物理模拟试卷 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1．如图所示的示意图中，符合原子核式结构的是（ ） A． B． C． D． 2．下列物体中的物质属于气态的是（ ） A．紫色的碘蒸气 B．雾 C．高空喷气式飞机飞过后的白色飞机尾迹 D．干冰 3．我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是（ ） A．“潭清疑水浅”，水变浅是光的折射现象 B．“池水映明月”，水中有明月是光的折射现象 C．“日影化为虹”，彩虹的形成是光的直线传播现象 D．“起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象 4．如图所示，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪开的过程中，手施加的动力F的变化情况是（ ） A．变大 B．变小 C．不变 D．无法确定 5．如图是深圳某同学家的家庭电路的部分电路图，下列说法中正确的是（ ） A．家庭电路中使用的是直流电，电压是220V B．丁灯的安装及开关的连接是正确的 C．两孔插座和三孔插座的连接都是正确的 D．用试电笔正确接触M和N点时，试电笔的氖管均不发光 6．瀑布从高峰倾泻而下，驱动发动机转动发电，在此过程中能量转化的顺序为（ ） A．动能→重力势能→电能 B．重力势能→动能→电能 C．电能→重力势能→动能 D．重力势能→电能→动能 7．用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法中正确的是（ ） A．加热相同的时间，甲液体的温度变化量小于乙液体的温度变化量 B．温度变化量相同时，甲液体的加热时间大于乙液体的加热时间 C．用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少 D．根据质量、加热时间和温度变化信息，可以推算出甲液体的比热容大于乙液体的比热容 8．小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。下列说法中正确的是（ ） A．如图所示的实验现象，可以说明幻灯机的成像特点 B．若将蜡烛移至距凸透镜35cm刻度线处，移动光屏，直到光屏上呈现烛焰清晰的像，此时像距和像的大小都变大 C．若将蜡烛移至光具座上45cm刻度线处，从透镜的右侧通过透镜可看到烛焰倒立的像 D．在图中，把透镜B放在蜡烛与凸透镜A之间适当位置（图中未画出），将光屏向凸透镜A的方向移动才能呈现烛焰清晰的像，说明透镜B对光线有会聚作用 9．小东在一根均匀木杆的一端缠上少许铜丝，使得木杆放在液体中能竖直漂浮，从而制成一支简易密度计。小东将它分别放入甲、乙两种不同液体中，静止后如图所示。若两种液体的密度分别为，静止时密度计所受的浮力分别为、，则下列说法正确的是（ ） A． B． C． D． 10．甲、乙两小车沿同一直线相向而行，其图像如图所示。当甲经过P点时，乙刚好经过Q点，再过3秒，甲、乙两车相距4米，则P、Q两点间的距离（ ） A．可能为8米 B．可能为12米 C．一定为16米 D．一定为20米 11．小东将电子秤放在水平桌面上并调零，然后将溢水杯放到电子杆上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，如图甲所示。然后将一木块轻轻放入溢水杯的水中，木块最终漂浮在水面，并用小烧杯承接溢出的水，如图乙所示。则下列四个选项中判断正确的是（ ） A．甲图中水对溢水杯底的压力比乙图中水对溢水杯底的压力大 B．甲图中水对溢水杯底的压强比乙图中水对溢水杯底的压强小 C．甲图中电子秤示数大小等于乙图中电子秤示数大小 D．木块在水中漂浮时，木块受到的重力大于木块排开水的重力 12．如图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。只闭合时，a表无示数，b表有示数，c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化。则（ ） A．a表是电压表 B．先闭合、，再闭合，a表示数无变化 C．、、都闭合，移动滑片P，a、b两表示数无变化 D．、、都闭合，b表示数除以a表示数等于电阻的阻值 二、填空题：本大题共7小题，共19分。 13．一节新干电池的电压是______伏，功率为1千瓦的用电器工作0.5小时，消耗的电能为______度，丹麦物理学家奥斯特发现电流周围存在______。 14．“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船是______（选填“静止”或“运动”）的，助推器喷气使飞船的速度变快，这说明力能改变物体的______，在运动过程中飞船的惯性______。（选填“变大”、“变小”或“不变”） 15．如图所示，体温计的示数为______℃。 16．生活中蕴含着很多物理知识：近视眼镜是利用凹透镜对光的______作用制成的；照相机照相是利用凸透镜对光的______作用成像的：（均选填“会聚”或“发散”）潜望镜是利用平面镜可以改变光的______的原理制作。 17．如图甲所示，此时大气压强等于______mm水银柱产生的压强：受此实验的启发，小明自制了一个气压计如图乙所示，把此装置从山脚带到山顶的过程中，玻璃管中液面的高度将______（选填“上升”或“下降”），这表明瓶外的大气压在______（选填“变大”或“变小”）。 18．在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻。闭合开关S，电压表的示数为，电路正常工作。一段时间后，电压表的示数变为零。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻或上。现提供一个完好的电阻来替换图示电路中的一个电阻，从而判断故障，请写出电阻替换的对象、闭合开关S后电压表的示数及对应的故障。______。 19．如图甲所示，质量均匀分布的实心正方体放在水平地面上，对地面的压强为。现按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压强______，若将切除部分按图丙方式放置在地面上对桌面的压强______（选填“>”“=”“<”）；若该正方体按图丁方式沿ABCD面将右边部分切除，则剩余部分对地面压强______（选填“>”“=”“<”）。 三、作图题：本大题共2小题，共4分。 20．图甲为2022年北京冬奥会上，我国运动员苏翊明沿斜坡滑雪的示意图，请在图乙中画出人正向下滑时的受到的重力和摩擦力的示意图。（忽略空气阻力） 21．请在图中标出通电螺线管的N极、磁感线方向和电源的正、负极。 四、实验探究题：本大题共7小题，共41分。 22．在探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”实验中，某实验小组用图甲所示的装置进行实验。 （1）用图甲所示的实验步骤进行实验，为减小测量误差并使操作最简便，最合理的操作步骤是______（填字母）。 （2）如图甲所示，物体受到的浮力______，物体排开液体的重力______。若它们相等，则阿基米德原理成立（两空均用测力计示数所对应的字母表示）。 （3）在实验过程中，若，造成这种结果的原因不可能是______（填字母）。 A．最初溢水杯中的水未装至溢水口 B．整个实验过程中，弹簧测力计都没有调零 C．步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯的底部 （4）另一实验小组设计了方案二，如图乙所示。将装满水的溢水杯放在升降台G上，缓慢调高升降台，且容器不与重物接触时，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计E的示数______（选填“变大”“变小”或“不变”），且弹簧测力计E示数的变化量______F示数的变化量（选填“大于”“小于”或“等于”），从而证明了。 23．小华验证杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）端调节。杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码，如图乙所示，为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂______个钩码。 24．小东同学想探究滑动摩擦力的大小与接触面所受压力的大小、接触面的粗糙程度以及接触面的面积大小是否有关。实验器材有带有定滑轮的水平长木板一个（定滑轮可调高度）、已调零的弹簧测力计一个、带挂钩的长方体物块一块、细线。已知长木板的表面粗糙程度均匀：物块的长、宽、高各不相同，6个表面的粗糙程度相同。利用以上器材在水平桌面上进行了如图甲、乙所示的两次实验。 （1）通过如图甲、乙所示的两次实验可以探究滑动摩擦力大小与）______是否有关。 （2）该实验中当匀速竖直向上拉动测力计时，木块做水平匀速直线运动，则木块所受滑动摩擦力的大小______（选填“大于”“等于”或“小于”）绳的拉力大小，这是利用了______（选填“平衡力”或“相互作用力”）的知识。 25．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，每个钩码的重力均为0.5N。 （1）如图甲，为使杠杆在水平位置平衡，应把杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节； （2）实验前把支点选在杠杆中心的目的是：消除杠杆自身______对实验的影响： （3）实验过程中保持杠杆处于水平位置的目的是：方便测量______； （4）如图乙所示，若在A位置挂3个钩码，现还有2个钩码，需挂在杠杆O点右侧第______格的位置，使杠杆仍在水平位置平衡； （5）多次改变钩码数量，并调节钩码在杠杆上的位置，重复实验的目的是，使实验结论具有______，避免偶然性。 26．为了“探究压力作用效果与什么因素有关”，小东利用长方体木块、两个相同的砝码和海绵做了如图所示三个实验。 （1）分析比较图甲、乙的实验现象，可得到结论：压力作用效果与______有关。 （2）若用甲、丙两图所示的装置，探究压力作用效果与受力面积的关系，应在丙图木块上放______个砝码。 27．小雨建立了自己的家庭实验室，课余时间经常进行探究活动： （1）如图甲所示，用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明______。 （2）如图乙所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，我们会看到______的现象：请你从能量转化的角度分析一下这个物理过程______。 （3）如图丙所示，是研究“做功改变内能”的实验，玻璃瓶内装有少量的水，用塞子塞紧，并用气筒往瓶内打气，瓶内气体的内能会______（选填“增大”、“减少”或“不变”）。瓶内压强大到一定程度时，瓶塞就会跳起来，此时观察到瓶内有白雾产生。这是由于瓶内的气体对______做功使其内能______（选填“增大”、“减少”或“不变”），温度降低，水蒸气______（填写物态变化名称）形成白雾。 （4）如图丁所示，为气体扩散的演示实验，两个瓶中分别装有空气和二氧化氮气体，其中空气密度小于二氧化氮气体的密度。那么为了增加实验的可信度，下面一只瓶里装的气体应是______，原因是______。 （5）在一个寒冷的早晨，小阳赤脚从地毯的一侧走到地砖上，他感觉踩到地砖上要比踩到地毯上凉。实际上地毯和地砖的温度与室温相同，人之所以有不同的感觉，原因在于导热性的差异。根据上述内容，提出一个可探究的科学问题：______？ 28．小明用两个单刀双掷开关、一个LED灯和若干导线，设计一个楼梯灯电路，无论是楼上或楼下都可以任意开灯、灭灯，既可以在楼下开灯到楼上灭灯，又可以在楼上开灯到楼下灭灯，请你根据小明设计的意图，用笔画线代替导线完成如图的电路。 五、计算题：本大题共1小题，共12分。 29．某校科技小组参观完湘江航电枢纽后，了解到船只过船闸的时间很长，为此他们在网上查阅资科，设计了一个船只升降实验模型。模型中的左右两个船厢A、B的容积均为，质量均为400g（含配件）。现关闭进水阀和排水阀，使柱形容器E（质量不计）中有足够多的水，在船厢A、B中各装入800g的水，整个装置静止后，圆柱体浮筒D浸在水中的深度为8cm，他们依次进行了如下（2）（3）的操作。假设绳子足够长，不计绳重和伸长，浮筒D与容器E始终无接触，且容器E的水无溢出，实验过程中设法确保装置平稳。忽略摩擦，木头不吸水（，，g取） （1）船厢中各装入800g的水后，求每只船厢所受的总重力。 （2）打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水，浮筒D上升，使船厢下降10cm，再关闭进水阀，求 ①船厢A的总重力对A所做的功； ②此时浮筒D浸入水中的深度。 （3）当操作（2）使船厢下降10cm静止时，压强传感器显示4400Pa：接下来，用手使浮筒D保持此刻位置不变，再在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，打开排水阀，放出的水后关闭排水阀，然后松手，浮筒D仍然在原位置持静止，绳C的拉力为18N，压强传感器显示4000Pa：然后，把800g木块同时从船厢中取出，并在船厢中同时注满水，再把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后，当整个装置静时，压强传感器的示数为，最后，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，使压强传感器的示数为，再关闭进水阀。求浮筒D的质量和注入圆柱形容器E中的水的质量m。 答案和解析 1．【答案】C 【解析】解：著名科学家卢瑟福在进行了粒子散射实验后，提出了原子核式模型。原子是由处于核心的带正电的原子核和带负电的核外电子构成的，核外电子绕原子核高速运转，且原子核相比原子的体积很小。 故选：C。 著名科学家卢瑟福在进行了粒子散射实验后，提出了原子核式模型，原子是由处于核心的带正电的原子核和带负电的核外电子构成的。 本题考查学生对原子的核式模型的掌握，难度不大，属于识记性内容。 2．【答案】A 【解析】解：A、紫色的碘蒸气是气态。故A符合题意； B、雾是空气中的水蒸气液化形成的小水滴。故B不符合题意； C、高空喷气式飞机飞过后的白色飞机尾迹，包含着气态的水蒸气，液态的水滴。故C不符合题意； D、干冰是固态二氧化碳。故D不符合题意。 故选：A。 首先明确每个选项中所提到的物质的成分和状态，然后确定符合题意的选项。 此题考查了我们对物质状态的认识，特别需要注意的是，生活中的“白气”一般是水蒸气液化形成的水滴。 3．【答案】A 【解析】解： A、“潭清疑水浅”指的是池底看起来要比实际的位置变浅了，看到的池底是真实池底反射的光线在由水中进入空气时发生折射而形成的虚像，故A正确； B、池水映明月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B错误； C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的折射形成的，故C错误； D、起舞弄清影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故D错误。 故选：A。 自然界中的光现象主要包括以下三种： （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、筷子变弯、光的色散等都是光的折射形成的。 此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。 4．【答案】A 【解析】解：剪刀的轴是支点，剪纸时阻力作用在纸和剪刀的接触点，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力不变，动力臂动不变，阻力臂阻逐渐变大，由杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂可知，动力逐渐变大。 故选：A。 先分析阻力臂的变化，再根据杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂，分析动力的变化。 本题考查了杠杆平衡条件的应用，明确阻力臂的变化是解题的关键。 5．【答案】B 【解析】解： A、我国家庭电路中使用的是交流电，电压是220V，故A错误； B、连接灯泡时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点：零线直接进入灯泡的螺旋套，所以丁灯的安装及开关的连接是正确的，故B正确； C、两孔插座的接法：左零右火；三孔插座的接法是左零、右火、中接地；所以图中两孔插座连接错误，三孔插座连接正确的，故C错误； D、图中M点在火线上，所以试电笔接触M点，氖管发光，N点与零线连接，所以试电笔接触N点，氖管不发光，故D错误。 故选：B。 （1）我国家庭电路中使用的是交流电，电压是220V； （2）连接灯泡时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点：零线直接进入灯泡的螺旋套； （3）两孔插座的接法：左零右火；三孔插座的接法：左零、右火、中接地； （4）试电笔接触火线时，氖管会发光。 掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。 6．【答案】B 【解析】【分析】 此题要求学生熟练掌握各种能量的变化，能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。 判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。 【解答】 瀑布从高峰倾泻而下，将重力势能转化为动能，驱动发动机转动发电，又将动能转化为电能，所以能量转化是重力势能→动能→电能。 故选：B。 7．【答案】C 【解析】解： A、用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体加热相同的时间，两种液体吸收的热量相同，由图可知，甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，故A错误； B、由图可知，温度变化量相同时，甲液体的加热时间要小于乙液体的加热时间，故B错误； C、由转换法可知，该实验通过比较加热时间的长短间接反映甲、乙两种液体吸收热量的多少，故C正确； D、甲、乙两种液体加热相同的时间，两种液体吸收的热量相同，甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，则甲液体的吸热能力小于乙液体的吸热能力，甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故D错误。 故选：C。 我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较物质吸热能力的2种方法： ①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强； ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 8．【答案】D 【解析】解：A、由图可知：，所以，为照相机的原理，成倒立缩小的实像，故A错误； B、若将蜡烛移至距凸透镜35cm刻度线处，即蜡烛远离凸透镜，物距变大；移动光屏，直到光屏上呈现烛焰清晰的像，说明光屏靠近凸透镜，即像距变小，像也变小，故B错误； C、若将蜡烛移至光具座上45cm刻度线处，此时，所以，成正立、放大的虚像，故C错误； D、将透镜B放在凸透镜A与光屏之间某处，将光屏向凸透镜A的方向移动，光屏上又呈现烛焰清晰的像，像提前会聚，这说明凸透镜B对光线具有会聚作用，故D正确。 故选：D。 （1）当时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成； （2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点进行判断； （3），成正立、放大的虚像； （4）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。 根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况： ，成倒立、缩小的实像，。 ，成倒立、放大的实像，。 ，成正立、放大的虚像。 9．【答案】D 【解析】解：因为密度计漂浮，所以， 所以密度计受到的浮力都等于密度计受到的重力G， 即：， 因为由图知，密度计排开液体的体积：， 所以液体的密度：。 故选：D。 密度计都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力； 得出了受到浮力的大小关系，从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。 本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好密度计漂浮是解此类题目的关键。 10．【答案】B 【解析】解：由图像可知：3s后，两车行驶的路程分别为：； 两车相向行驶，两车没有相遇时，则PQ间距离为：； 两车相遇后，又继续行驶，则PQ间距离为：， 故ACD错误，B正确。 故选：B。 （1）由图像可以直接读出3s内甲乙的路程； （2）分两种情况进行讨论：一是两车没有相遇时，二是两车相遇后，又继续行驶。 会正确分析图像中提供的信息，分两种情况是解答此题的关键。 11．【答案】C 【解析】解：AB、由图知甲、乙溢水杯中水的高度相同，根据知甲、乙图中水对溢水杯底的压强相等，由知甲、乙图中水对溢水杯底的压力相等，故AB错误； C、由乙图知木块处于漂浮状态，木块受到的浮力等于其重力，再由阿基米德原理知浮力等于排开液体受到 的重力，所以物体的重力等于排开液体的重力，所以甲、乙图中电子秤示数大小相等，故C正确； D、由阿基米德原理和漂浮条件知木块在水中漂浮时木块受到的重力等于木块排开水的重力，故D错误。 故选：C。 （1）由图知甲、乙溢水杯中水的高度相同，根据判断出甲、乙图中水对溢水杯底压强的关系，由判断出甲、乙图中水对溢水杯底压力的关系； （2）根据阿基米德原理和漂浮条件判断出甲乙电子秤示数的大小以及木块漂浮时浮力与木块在水中漂浮时木块受到的重力与木块排开水的重力的关系。 本题考查了浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道中考常见题。 12．【答案】C 【解析】A、只闭合时，电表a、b、、串联后再与并联， 由a表无示数、b表有示数可知，a表为电流表，b表为电压表， 由c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化可知，c表为电流表，故A错误； B、先闭合、时，c电流表将和短路，电路为滑动变阻器的简单电路，a电流表与b电压表串联，a表示数为零， 再闭合，、、并联，a电流表测和的电流，a电流表有示数，故B错误； CD、、、都闭合时，、、并联，a电流表测和的电流，电压表b测电源两端的电压， 由电源的电压不变可知，滑片移动时，电压表b示数无变化， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过与的电流不变，即电流表a的示数不变，故C正确； 由的变形式可知，b表示数除以a表示数等于与的总电阻，故D错误。 故选：C。 （1）只闭合时，电表a、b、、串联后再与并联，根据a表无示数、b表有示数、c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化判断三电表的类型； （2）先闭合、时，c电流表将和短路，电路为滑动变阻器的简单电路，a电流表与b电压表串联：再闭合，、、并联，a电流表测和的电流，据此进行解答； （3）、、都闭合时，、、并联，a电流表测和电流，电压表b测电源两端的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表b示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响得出滑片移动时通过与的电流变化，根据欧姆定律得出b表示数除以a表示数等于的阻值。 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的综合应用，正确的判断出电表的类型和电路的连接方式是关键。 13．【答案】1.5 0.5 磁场 【解析】解：一节新干电池的电压为1.5V； 功率为1千瓦的用电器工作0.5小时，消耗的电能为：度； 奥斯特通过实验发现了通电导体周围存在磁场。 故答案为：1.5；0.5；磁场。 一节新干电池的电压为1.5V；根据求出消耗的电能的大小；通电导线的周围存在磁场。 本题考查了常见的电压值、电能的计算、奥斯特实验，属于基础题。 14．【答案】运动 运动状态 不变 【解析】解：“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船位置不断变化，所以是运动的； 力可以改变物体的运动状态，所以助推器喷气使飞船的速度变快； 惯性大小只跟物体的质量大小有关，飞船质量不变，所以在运动过程中飞船的惯性不变。 故答案为：运动；运动状态；不变。 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止； 力可以改变物体的运动状态； 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。 此题是一道力现象的综合题，考查了运动和静止的相对性、力的作用效果及惯性的影响因素，涉及的知识点较多，难度不大。 15．【答案】36.5 【解析】解：体温计每大格是1℃，每大格内有10小格，所以分度值是0.1℃，体温计的读数为36.5℃。 故答案为：36.5。 体温计读数时，先要确定体温计的量程和分度值，再根据水银柱末端位置进行读数。 本题考查了体温计的读数，属于基本技能的考查。 16．【答案】发散 会聚 传播方向 【解析】解：凹透镜对光线有发散作用，近视眼会将物体的像呈在视网膜之前，凹透镜可以矫正近视眼。 照相机照相是利用凸透镜对光的会聚作用成像的； 潜望镜是利用平面镜可以改变光的传播方向这一原理制作而成的。 故答案为：发散；会聚；传播方向。 凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；平面镜可以成像，也可以改变光的传播方向，据此解答。 此题考查了有关光学元件的特点和作用以及光的折射等知识，主要考查了平面镜和凹凸透镜的特点和成像原理及应用，要结合物理知识进行分析解答。 17．【答案】750上升 变小 【解析】解：读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强； 这个自制气压计从山脚拿到山顶，由于高度增加，外界大气压减小，又因瓶内空气的压强不变，且瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以玻璃管内水柱的高度会升高。说明大气压随高度的增加而变小。 故答案为：750；上升；变小。 从图中读出管内水银面到水银槽内水银面的垂直高度； 大气压随高度的增加而减小。 学生利用身边的器材做成气压计探究大气压的变化，知道大气压随高度增加而减小的规律是解决此题的关键，用所学的知识分析判断，学以致用。 18．【答案】用替换时，若电压表示数为，则短路，若电压表示数为零，则断路（或者，用替换时，若电压表示数为零，则短路，若电压表示数为，则断路） 【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测量两端的电压； 由题知，电阻，由于“闭合开关S，电压表的示数为，电路正常工作”，由串联电路的电压特点和串联电路的分压原理可知，电源电压：， 一段时间后，电压表的示数变为零，又因为“电路中仅有一处故障，且只发生在电阻或上”，所以，电路的故障可能是短路或断路。 用一个完好的电阻来替换图示电路中的一个电阻，有2种替换方法： ①用替换时，此时串联，若短路，则正常，由串联电路的分压原理可知此时电压表示数为；若断路，整个电路断路，则电压表示数为零； ②用替换时，此时串联，若短路，此时电压表也被短路，其示数为零；若断路，则正常，由串联电路的分压原理可知此时电压表示数为； 所以，根据电压表的示数来判断电路故障的方法为：用替换时，若电压表示数为，则短路，若电压表示数为零，则断路；用替换时，若电压表示数为零，则短路，若电压表示数为，则断路。 故答案为： 用替换时，若电压表示数为，则短路，若电压表示数为零，则断路（或者，用替换时，若电压表示数为零，则短路，若电压表示数为，则断路）。 由电路图可知，两电阻串联，电压表测量两端的电压； 根据电路中正常工作时电压表的示数利用串联电路的电压特点和串联电路的分压原理求出电源电压； 电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析。 本题考查了串联电路的特点和故障分析，关键要知道：电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路。 19．【答案】 < = 【解析】解：（1）设正方体的重力为G，底面积为S，正方体对地面的压力大小，对地面的压强， 按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压力等于剩余部分的重力，大小为正方体重力的一半，即，受力面积不变， 则剩余部分对地面的压强； （2）按图丙放置时，切下来的部分对的地面的压力，图丙中受力面积， 由可知，按图丙方式放置在地面上对桌面的压强； （3）图丁中，设正方体的边长为a，切去部分边长为l，正方体的密度为， 则切去后剩余部分的体积为， 剩余部分对地面的压强； 图乙中，剩余部分的体积， 对地面的压强； 由以上分析可知，。 故答案为：；<；=。 （1）设正方体的重力为G，底面积为S，正方体对地面的压力大小，利用表示出对地面的压强为；按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压力等于剩余部分的重力，大小为正方体重力的一半，受力面积不变，利用表示剩余部分对地面的压强，据此分析比较； （2）按图丙放置时，切下来的部分对的地面的压力与图乙相同，但是受力面积变大，根据压强公式分析比较按图丙方式放置在地面上对桌面的压强与按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压强的大小关系； （3）图丁中，设正方体的边长为a，切去部分边长为l，正方体的密度为，表示剩余部分的体积，结合密度公式、重力公式和压强公式可求出剩余部分对地面的压强和按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压强的表达式，据此分析比较。 本题考查固体压强大小的计算、固体压强公式的灵活运用，题目难度较大。 20．【答案】解：运动员苏翊明沿斜坡滑雪时受到的重力竖直向下，摩擦力沿斜面向上，作用点都在重心O点，从O点开始，分别沿重力和摩擦力的方向画一条有向线段，并分别在线段末尾标上字母G和f，如图所示： 【解析】先确定重力、摩擦力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。 画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。 21．【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线管的右端一定是S极； 根据图示的线圈绕向和螺线管的NS极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极。磁感线方向从N极指向S极。答案如下图所示： 【解析】（1）根据小磁针的指向，结合磁极间的相互作用规律，靠近小磁针N极的一端为通电螺线管的S极，根据磁感线特点可确定磁感线方向。 （2）安培定则，伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向。 安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。 22．【答案】BACD 变小 等于 【解析】解： （1）为了减小误差，可以先测量小桶的重力，再测量物体的重力，故顺序为BACD； （2）甲图中A测出了物体的重力，甲图中C测量的是物体浸在水中弹簧测力计的拉力，物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力，所以图中AC两个步骤是为了测量浮力的大小； 由实验过程可知，物体浸没液体中受到的浮力：，物体排开液体的重力：；若它们相等，则阿基米德原理成立； （3）A、若最初溢水杯中的水未装至溢水口，则石块排开水的只有一部分溢出到桶中，排开水的重力减小，故A有可能； B、若弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故B不可能； C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部，容器对石块有支持力，测的偏小，则利用偏大，故C有可能； 故选：B； （4）方案二中，重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据可知，重物受到的浮力变大，因为，所以弹簧测力计A的示数变小； 又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大，溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计F的示数变大； 根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计E示数的变化量和弹簧测力计F的示数变化量相等。 故答案为：（1）BACD；（2）；；（3）能；能；（4）变小；等于。 （1）方案一为了使实验更加简便，可以先测量小桶的重力，再测量物体的重力； （2）物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力；要验证阿基米德原理就要测出物体的浮力和物体排开液体所受重力，两者进行比较即可验证； （3）A、若最初溢水杯中的水未装至溢水口会使溢出的水偏少； B、若弹簧测力计都没有校零，四次测量结果都偏大，且都偏大相同的数值，据此判断浮力的变化以及排开水的重力的变化； C、石块浸没后，碰触到溢水杯底部，容器对石块有支持力，测的偏小，根据称量法分析解答即可； （4）根据阿基米德原理可知，重物浸入水中的体积越来越大时受到的浮力变大，根据称重法可知弹簧测力计E示数的变化：此时重物排开水的体积变大即溢出水的体积变大，据此可知弹簧测力计F示数的变化；再根据阿基米德原理判断弹簧秤E的示数变化量和弹簧秤F的示数变化量之间的关系。 本题为探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”实验，涉及称重法测浮力、阿基米德原理等知识，同时考查了实验过程、注意的事项和对实验误差的分析及对实验方案的改进，综合性强，难度大。 23．【答案】右 4 【解析】解：调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，平衡螺母应向上翘的右端移动； 设杠杆的一个小格是L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得，，所以，所以在B点挂4个钩码。 故答案为：右；4。 调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置。 本题考查调节平衡螺母的作用、根据杠杆平衡条件计算，是我们应该掌握的重点实验。 24．【答案】接触面的面积大小 等于 平衡力 【解析】解：（1）比较图甲、乙可知，两装置压力和接触面的粗糙程度都相同，只有接触面的面积大小不同，因此可以探究滑动摩擦力大小与接触面的面积大小是否有关。 （2）当匀速竖直向上拉动测力计时，木块做水平匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，在水平方向上，木块受到的滑动摩擦力和绳子的拉力是一对平衡力，这两个力大小相等。 故答案为：（1）接触面的面积大小；（2）等于；平衡力。 （1）分析相同和不同的因素，利用控制变量法解答。 （2）木块处于平衡状态时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件解答。 本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，主要考查控制变量法的运用和二力平衡条件的应用。 25．【答案】右 重量 力臂 3 普遍性 【解析】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，平衡螺母应向上翘的右端移动； （2）实验前把支点选在杠杆中点的目的是消除杠杆自身重量对杠杆平衡的影响； （3）实验过程中保持杠杆处于水平位置，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小； （4）设杠杆的一个小格是L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得，，，所以，所以挂在杠杆O点右侧第3格的位置； （5）探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性； 故答案为：（1）右；（2）重量；（3）力臂；（4）3；（5）普遍性。 （1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动； （2）支点通过杠杆的重心，可消除杠杆自重对杠杆平衡的影响； （3）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂； （4）根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置； （5）用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律：有的是为了使实验结论具有普遍性。 本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，知道当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上。 26．【答案】压力大小 一 【解析】解：（1）比较图中甲、乙两次实验，受力面积一定，乙中压力大，海绵凹陷程度大，压力的作用效果明显，即压力的作用效果与压力大小有关； （2）用甲、丙两图探究压力作用效果与受力面积的关系时，需要控制压力的大小相同，应在丙图木块上放一个砝码，由图可知，压力一定时，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压力的作用效果越明显。 故答案为：（1）压力大小；（2）一。 实验中通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； 压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。 本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法在实验中的运用。 27．【答案】分子间存在引力 棉花燃烧 机械能转化内能 增大 外 减小 液化 二氧化氮 空气的密度小于二氧化氮气体，空气处于二氧化氮气体的上方物体导热性跟物质种类是否有关 【解析】解：（1）图甲中当玻璃接触水面时，由于水分子和玻璃分子距离较近，故两种分子之间会产生相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数会变大； （2）在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，我们会看到硝化棉燃烧的现象，用力打气时，活塞对瓶内气体做功，气体的温度升高，内能增加； 从能量转化的角度分析：下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加，空气的内能通过热传递的方式传递到硝化棉， （3）用力打气时，活塞对瓶内气体做功，气体的温度升高，内能增加； 当瓶内气体冲开瓶塞时，因为瓶内气体对塞子做功，内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成雾。 （4）空气密度小于二氧化氮气体的密度，为了增加实验的可信度，下面一只瓶里装的气体应是密度大的二氧化氮气体。此实验说明气体的分子在不停地做无规则运动； （5）小阳赤脚从地毯的一侧走到地砖上，他感觉踩到地砖上要比踩到地毯上凉，地毯和地砖的温度与室温相同，但这两者的导热能力是不同的，所以可以探究物体导热性跟物质种类是否有关。 故答案为：（1）分子间存在引力；（2）棉花燃烧；机械能转化内能；（3）增大；外；减小；液化；（4）二氧化氮：空气的密度小于二氧化氮气体，空气处于二氧化氮气体的上方；（5）物体导热性跟物质种类是否有关。 （1）当玻璃接触水面时，由于水分子和玻璃分子距离较近，故两种分子之间会产生相互作用的引力； （2）观察瓶塞跳起的瞬间瓶内出现的现象，内能和机械能相互转化； （3）做功可以改变物体的内能：对物体做功，物体内能会增加：物体对外做功，物体内能会减小； （4）在探究气体分子的无规则运动实验时，为排除重力对实验的影响，应将密度大的气体放在下面； （5）不同的物质的导热能力是不同的。 本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键。 28．【答案】 【解析】【分析】 本题考查了实物电路图的连接和电路图的设计，在由两个开关控制一盏灯时，开关和灯泡的连接方法是串联。两个开关的连接方法只有两种方法--串联或并联，可以画出电路后，看是否符合题意。 【解答】 开关接在LED灯和火线之间，无论是楼上或楼下都可以任意开灯、灭灯，既可以在楼下开灯到楼上灭灯，又可以在楼上开灯到楼下灭灯，具体作图所示： 29．【答案】解：（1）每只船厢所受的总重力：； （2）①船厢A的总重力对A所做的功：； ②由题知，打开进水阀之前，整个装置静止时，浮筒D浸在水中的深度为8cm； 打开进水阀后，在柱形容器E中注入一定质量的水后，再关闭进水阀时， 左右船厢A和B的总重力不变，滑轮组细绳的拉力不变， 则浮筒D受到竖直向上的拉力不变，由可知，浮筒D受到的浮力不变， 所以，此时浮筒D浸入水中的深度仍为8cm不变； （3）在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块前， 对船厢A受到分析可知，受到竖直向上两股细绳的拉力和竖直向下的总重力处于平衡状态， 所以，细绳的拉力， 对动滑轮C受力分析可知，受到竖直向上两股绳子的拉力、竖直向下动滑轮的重力和C绳的拉力作用处于平衡状态， 由力的平衡条件可得：， 则， 浮筒D受到的浮力 ① 在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，每只船箱的总重力： ， 此时细绳的拉力， 由可得，动滑轮的重力 ② 浮筒受到的浮力 ③ 由①②可得： ④ 由③④可得浮力变化量：， 容器E中水对压强传感器压强的变化量， 由可得，容器E中水深度的变化量， 由可得，浮筒D的底面积： ， 在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块前，浮筒受到的浮力： ， 代入①可得：， 则浮筒的质量， 由可得，柱形容器的底面积：， 因浮筒受到的浮力与浮筒对水的压力是一对相互作用力， 所以，浮筒对水的压力， 又因压力传感器受到的压力等于水的重力加上浮筒对水的压力， 所以，由可得：， 则E容器内水的重力：， 由可得，E容器内水的体积：， 船厢装满水时水的质量：， 由水可得，木块在水中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等， 由阿基米德原理可知，把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后，船厢溢出水的重力和木块的重力相等， 此时厢体的总重力， 细绳的拉力， 由可得，C绳的拉力， 此时浮筒D受到的浮力， 由可得，此时浮筒浸入水中的深度： ， 此时容器E中水的深度：， 打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水后，容器内水的深度， 则容器E中水深度的变化量， 容器E内所加水体积的变化量， 所以，。 答：（1）船厢中各装800g的水后，每只船厢所受的总重力为12N； （2）①船厢A的总重力对A所做的功为1.2J；②此时浮筒D浸入水中的深度为8cm； （3）浮筒D的质量为2.6kg，注入圆柱形容器E中的水的质量m为19.2kg。 【解析】（1）已知水的质量和船厢质量，利用可求得每只船厢所受的总重力； （2）①知道船厢A的总重力和下降的高度，根据可求出船厢A的总重力对A所做的功； ②打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水后，再关闭进水阀时，左右船厢A和B的总重力不变，滑轮组细绳的拉力不变，根据可知，浮筒D受到的浮力不变，据此判断此时浮筒D浸入水中的深度： （3）在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块前，对船厢A和动滑轮C受力分析，利用力的平衡条件得出等式即可得出C绳的拉力和浮筒D受到的浮力；在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，先求出船箱的总重力，同理得出此时细绳的拉力、动滑轮的重力、浮筒受到的浮力，然后联立等于得出浮筒受到浮力的变化量，根据题意得出容器E中水对压强传感器压强的变化量，利用求出容器E中水深度的变化量，利用求出浮筒D的底面积，然后得出在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块前浮筒受到的浮力，进一步求出浮筒D的重力，利用求出浮筒的质量；利用求出柱形容器的底面积，利用浮筒受到的浮力与浮筒对水的压力是一对相互作用力得出浮筒对水的压力，压力传感器受到的压力等于水的重力加上浮筒对水的压力，利用求出E容器内水的重力，利用求出E容器内水的体积，根据求出船厢装满水时水的质量，由可知木块在水中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理可知把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后船厢溢出水的重力和木块的重力相等，根据求出此时厢体的总重力，进一步求出细绳的拉力、C绳的拉力、此时浮筒D受到的浮力，然后求出浮筒浸没的深度，利用求出此时容器E中水的深度，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，利用结合压强关系得出E内水的深度，进一步求出容器E内水的体积，利用求出注入水的质量。 本题考查了重力公式和密度公式、压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、做功公式的综合应用等，涉及到的知识点较多，综合性强，正确的分析出厢体重力不变时浮筒受到的浮力不变是关键。 学科网（北京）股份有限公司 $$