精品解析：2024年辽宁省大连市西岗区第三十四中学中考考前模拟物理试卷

大连市第三十四中学初三年级6月校练习物理学科试卷 一、选择题（1-6单选，7-9多选） 1. 古诗“荷风送香气，竹露滴清响”中，竹叶上出现露珠是（　　） A. 熔化现象 B. 液化现象 C. 凝华现象 D. 汽化现象 【答案】B 【解析】 【详解】竹叶上出现露珠是空气中的水蒸气遇冷液化成的，是液化现象，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2. 在做“探究平面镜成像规律”实验时，小科选择了以下实验装置。下列说法正确的是（ ） A. 在图乙实验中，仅将玻璃板由Ⅰ位置移动到Ⅱ位置，蜡烛仍能成像 B. 在图甲实验中，蜡烛所成的像将位于C位置 C. 在图甲实验中，蜡烛远离玻璃板，所成的像将变小 D. 在图乙实验中，环境越明亮，观察到的像越清晰 【答案】A 【解析】 【详解】A．平面镜成像与平面镜位置无关，所以在图乙实验中，仅将玻璃板由Ⅰ位置移动到Ⅱ位置，蜡烛仍能成像，说法正确，故A正确； B．根据平面镜所成的像与物体关于镜面对称，则实验中如果把平板玻璃向左倾斜，观察到蜡烛的像的大致位置在图中的B处，故B错误； C．平面镜成像所成的像与物到平面镜的距离相等，并且大小相同，将蜡烛逐渐远离玻璃板，它的像也远离玻璃，且它的像大小将不变，故C错误； D．在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮，所以最好在比较黑暗的环境中进行实验，故D错误。 故选A。 3. 图为新能源汽车号牌，号牌中的字母“D”表示纯电动汽车，这类汽车的动力装置是电动机，下图符合其工作原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】电动机工作原理是磁场对电流受力的作用，使电动机转动，把电能转换成机械能： A．图示为电磁感应现象，是发电机的工作原理，故A不符合题意； B．图示说明通过的导体周围存在磁场，故B不符合题意； C．图示说明螺线管的磁性强弱影响因素，故C不符合题意； D．图示说明通电导体受到磁场力的作用，是电动机的工作原理，故D符合题意。 故选D。 4. 如图是电动汽车的充电桩，下列做法符合安全用电的是（　　） A. 充电桩可以不连接地线 B. 安装时要装漏电保护器 C. 安装时不必断开电源开关 D. 若充电桩起火，应迅速浇水扑灭 【答案】B 【解析】 【详解】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．为了安全电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，符合安全用电原则，故B符合题意； C．安装充电桩时必须断开电源，不符合安全用电原则，故C不符合题意； D．充电桩起火，应先断开电源再施救，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选B。 5. 杆秤是我国古代劳动人民智慧的结晶、是历史最悠久的衡器之一，如题图所示是杆秤的结构示意图。关于秤杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是（　　） A. 秤杆的工作原理是二力平衡原理 B. 使用秤钮a比秤钮b所能测的最大物体质量更小 C. 被测物体质量一定大于秤砣质量 D. 使用同一秤钮，物体质量越大秤砣离秤钮越远 【答案】D 【解析】 【详解】A．秤杆的工作原理是杠杆的平衡条件，故A错误； B．秤砣线所在刻度处不变，使用秤钮a比秤钮b时，物体的力臂减小，秤砣的力臂增大，根据杠杆的平衡条件，物体的重力变大，所测物体质量大，故B错误； C．根据杠杆的平衡条件知，当秤砣靠近支点，且力臂小于物体的力臂，被测物体质量就可能小于秤砣质量，故C错误； D．使用同一秤钮，支点不变，物体的阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件得到 F砣L砣+F杆L杆=F物L物 当L砣、F杆、L杆、L物不变时，物体质量越大，F物越大，秤砣离秤钮距离L砣越远，故D正确。 故选D。 6. 将质量相同的甲、乙、丙三块金属加热到相同的温度后，放到上表面平整的冰块上，经过一定时间后，冰块形状基本不再变化时的情形如图所示，则三块金属的比热容c甲、c乙、c丙大小相比（　　） A. c甲最大 B. c乙最大 C. c丙最大 D. c甲=c乙=c丙 【答案】C 【解析】 【详解】冰块形状不再发生变化时，三个金属块末温为冰的熔点，所以末温相同，而它们的初温相同，所以三个金属块降低相同的温度，由图中金属块的下陷程度可知放出的热量 Q甲<Q乙<Q丙 三金属块的质量相同，由知道，在质量和降低温度一定时，丙金属放出的热量最多，则丙的比热容最大，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 注意：7-9题为多选题 7. 某汽油机的能量流向如图。在未来的汽车市场，零碳内燃机采用绿氢等零碳燃料，在全生命周期可实现零碳排放，未来可观。下列有关说法正确的是（ ） A. 零碳内燃机比普通内燃机更环保 B. 汽车尾气中的“汽油味”越浓，说明燃料燃烧得越不充分，会降低燃料的热值 C. 冬天汽车利用尾气中的余热给车内供暖，提高了燃料的利用率 D. 由图可知该汽油机的效率是36% 【答案】AC 【解析】 【详解】A．零碳内燃机采用绿氢等零碳燃料，在全生命周期可实现零碳排放，比普通内燃机更环保，故A正确； B．汽车尾气中的“汽油味”越浓，说明燃料燃烧得越不充分，会降低燃料的利用率，但燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧无关，故B错误； C．冬天汽车利用尾气中的余热给车内供暖，使汽车发动机产生的热量再利用，提高了燃料的利用率，故C正确； D．由图可知该汽油机的效率是 故D错误。 故选AC。 8. 如图所示电路电源电压不变，R2为一个巨磁电阻（GMR），其阻值会随着外界磁场的增强而迅速减小。开始将R2置于强磁场中并闭合开关S，然后将R2周围的磁场迅速减小到零。则（　　） A. 电流表A1示数不变，电压表V示数不变 B. 电流表A2示数变大，电压表V示数变大 C. 电压表V示数与电流表A1示数比值变大 D. 电压表V示数与电流表A2示数比值变大 【答案】AD 【解析】 【详解】由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表A2测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流；R2阻值会随着外界磁场的增强而迅速减小，将R2周围的磁场迅速减小到零，则R2的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路电流变小；由于电源电压不变，则电压表示数不变；并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变；根据并联电路的电流关系可知，干路中电流变小，即电流表A2示数变小。 AB．电流表A1示数不变，电流表A2示数变小，电压表示数不变，故A正确，B错误； C．电压表V示数不变，电流表A1示数不变，比值不变，故C错误； D．电压表V示数不变，电流表A2示数变小，比值变大，故D正确。 故选AD。 9. 水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别盛有两种不同液体，将两个质量相等的冬枣、樱桃（）分别放入两种液体中，静止时的状态如图所示，两容器中的液面相平。则下列说法中正确的是（　　） A. 甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度 B. 冬枣受到的浮力大于樱桃受到的浮力 C. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力 D. 冬枣、樱桃放入前，甲容器底受到的液体压强小于乙容器底受到的液体压强 【答案】CD 【解析】 【详解】A．依题意得，由冬枣、樱桃质量相等 由得 由图得，冬枣在甲液体中悬浮，樱桃在乙液体中漂浮，则 ， 则 故A错误； B．由浮尘条件得，冬枣与樱桃受到的浮力均等于自身重力，冬枣与樱桃质量相同，则重力相同，因此受到的浮力相同，故B错误； C．甲液体体积小于乙液体体积 由得 冬枣与樱桃质量相同，甲、乙两个容器完全相同，则甲容器、甲液体与冬枣的总质量小于乙容器、乙液体与樱桃的总质量，由得，甲容器、甲液体与冬枣的总重力小于乙容器、乙液体与樱桃的总重力；物体在水平面上时，对水平面的压力等于物体的重力，则甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，故C正确； D．放入冬枣、樱桃后，甲乙液体的深度相同，冬枣排开甲液体的体积大于樱桃排开乙液体的体积，甲乙容器相同，则放入冬枣、樱桃后，甲乙液体升高深度大于液体升高深度，则冬枣、樱桃放入前，甲液体深度小于乙液体深度 由得，冬枣、樱桃放入前，甲容器底受到的液体压强小于乙容器底受到的液体压强，故D正确。 故选CD。 二、填空题 10. 我国新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号M”的成功运行，标志着中国离“人造太阳”的梦想又近了一步；氢弹和“人造太阳”都利用______获得核能，装置中的超导电缆______（“可以”、“不可以”）用于电饭锅的发热体。 【答案】 ①. 核聚变 ②. 不可以 【解析】 【详解】[1]核聚变和核裂变都可以释放巨大的能量，氢弹和“人造太阳”都是利用核聚变获得核能。 [2]超导电缆电阻为零，根据焦耳定律可知，电流通过超导电缆不会产生热量，所以不可以用于电饭锅的发热体。 11. 如图所示，是我国自主研发的HH-100航空商用无人运输机。降落滑行时，以地面上的某房屋为参照物，运输机是______的；其轮胎表面的温度会升高，这是通过______的方式改变内能。 【答案】 ①. 运动 ②. 做功 【解析】 【详解】[1]降落滑行时，以地面上的某房屋为参照物，运输机的位置改变，是运动。 [2]轮胎克服摩擦力做功，内能增大，表面的温度会升高，这是通过做功的方式改变内能。 12. 如图所示，小陶子在家中洗碗时，他发现空碗可以漂浮在水面上，如图所示，此时碗受到的浮力________它自身的重力；当碗中有一定量的水时，碗会沉入水底，则沉底时碗受到的浮力________它漂浮时受到的浮力。 【答案】 ①. 等于 ②. 小于 【解析】 【详解】[1]在水面上漂浮的碗，受竖直向下的重力和竖直向上的浮力处于平衡状态，所受浮力等于它自身重力。 [2]碗沉底后，受竖直向下的重力G，竖直向上的浮力F浮和竖直向上的支持力F支处于静止状态，故 此时所受浮力小于它自身重力。 13. 人类发射的探测器已飞出了太阳系，如果探测器所受外力全部消失，那么探测器将作___________运动，空中加油机可以在空中给歼击机加油，加满油后歼击机的惯性会___________（（选填“变大”或“变小”）。 【答案】 ①. 匀速直线 ②. 变大 【解析】 【详解】[1]根据牛顿第一定律知道，当探测器所受外力全部消失，那么探测器将做匀速直线运动。 [2]惯性是物质的一种基本属性，惯性的大小只与物体的质量有关，加满油后歼击机的质量增大，这样飞机的惯性会变大。 14. 周末，小华在家运用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美食，在客厅看电视的妹妹闻到了香味，这是______现象。小华家有一个额定电压为220V、额定电流为5A的电热水壶，该电热水壶正常工作42s产生的热量为______J。 【答案】 ①. 扩散 ②. 46200 【解析】 【详解】[1]在客厅看电视的妹妹闻到了香味，分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。 [2]电热水壶正常工作42s产生的热量 Q=W=UIt=220V×5A×42s=46200J 15. 如图，三脚插头插入三孔插座中，这样做可以使金属外壳与插座中的______（选填“火线”、“零线”或“地线”）相连，某家庭电能表如图所示，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作5min，电能表指示灯闪烁了160次，该家用电器的额定功率是______W。 【答案】 ①. 地线 ②. 600 【解析】 【详解】[1] 三脚插头插入三孔插座中，使得用电器的金属外壳与插座中的地线相连，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止触电事故的发生。 [2] 消耗的电能为 则该家用电器的额定功率为 三、作图题 16. 如图，是一名男生奔跑过程中左脚腾空，右脚着地的一瞬间．请画出此刻地面对他的支持力和摩擦力的示意图(A点是作用点)． 【答案】 【解析】 【详解】过鞋底与地面的接触点沿水平向右画一条带箭头的线段，在箭头附近用符号Ff表示摩擦力；过鞋底与地面的接触点沿竖直向上画一条带箭头的线段，在箭头附近用符号FN，如下图所示： 17. 如图，物体AB经凸透镜后在光屏上成像A′B′，F为透镜的焦点，请作出两条入射光线的折射光线。 【答案】 【解析】 【详解】从A点发出的光线经凸透镜折射后，都过A的像点A'，据此作出两条入射光线的折射光线，如图所示： 四、实验探究题 18. 学习密度知识后，小明认为白酒的密度是变化的，38度的白酒比53度的白酒密度大；同组的其他的同学认为白酒的密度同其它液体的密度一样是不变的。为了证明各自的说法，他们学习小组找来不同度数的白酒，各自准备实验器材进行测量比较。 小明的测量过程如下： （1）小明把天平放到水平桌面上，将游码移到标尺左端零刻线处，发现指针偏向分度盘的右侧（如图甲），此时应将平衡螺母向______端调节使天平平衡； （2）将适量的53度的白酒倒入烧杯中测量它们的总质量时，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针如图甲所示，此时应______，使横梁平衡。横梁平衡后，所用砝码和游码的位置如图乙所示，则烧杯与白酒的总质量为______g； （3）将烧杯中白酒全部倒入量筒中，筒壁沾有少许白酒，量筒示数如图丙所示，则量筒中白酒的体积如丙图所示。小明将倒空的烧杯放在天平左盘，测出倒空后的烧杯的质量为47.2g。计算出所测白酒的密度为______； （4）评估小明的实验方案可知，他测量出的白酒的密度是______（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的； （5）小明正准备测量另一种白酒的密度，看到小组的其他同学已测量完毕正在讨论。他们用同一个瓶子先后装满38度的白酒和53度的白酒，分别用天平测出它们的总质量、，结果发现。小明看到他们的测量数据后高兴地说，“你们的测量结果说明了，证明了我的说法是对的”。你通过分析认为小明的这个判断是______（选填“正确”、“错误”或“无法判断”）的。 【答案】 ①. 左 ②. 取下最小的砝码，向右移动游码，使天平平衡 ③. 83.6 ④. 0.91×103 ⑤. 准确 ⑥. 正确 【解析】 【详解】（1）[1]天平调平的原则是左偏右调，右偏左调，发现指针偏向分度盘的右侧，则应将平衡螺母向左调节。 （2）[2][3]将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，指针偏向分度盘的右侧，则天平右侧质量偏大，应该取下最小的砝码，向右移动游码，使天平平衡。由图可知，烧杯与白酒的总质量 m总=50g+20g+10g+3.6g=83.6g （3）[4]由图丙可知，此时量筒中白酒的体积是40mL，即40cm3，量筒中白酒的质量 m=m总-m杯=83.6g-47.2g=36.4g 所测白酒的密度 （4）[5]由以上实验步骤可知，筒壁沾有少许白酒，但是计算白酒密度时是用两次测量质量相减得出的量筒中的白酒的质量进行计算的，筒壁沾有少许白酒对计算没有影响，他测量出的白酒的密度是准确。 （5）[6]同一个瓶子先后装满两种白酒，说明两种白酒体积相同，测得总质量大的白酒质量也大，根据密度公式可知，质量大的白酒，密度较大，所以小明的判断是正确的。 19. 如图甲，小明和小红做“探究平面镜成像特点”的实验： （1）该实验最好在较______（选填“亮”或“暗”）的环境中进行； （2）实验中，为确定蜡烛B和蜡烛A的像是否完全重合时，人眼应该______（选填“a”“b”或“c”选项，下同），在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，移走蜡烛B，在像所在的位置放一光屏后，人眼应该______； a．直接观察玻璃板后蜡烛B b．直接观察光屏 c．在玻璃板前蜡烛A这一侧观察 （3）实验中小明为了让右座的小红看到烛焰清晰的像，小明仅将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置将会______（填“向左移动”“向右移动”或“不变”）； （4）如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像和，则像的像距为______（填“”或“”），若在图乙中和两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到______（选填“只有”“只有”或“和”）。 【答案】 ①. 暗 ②. c ③. b ④. 不变 ⑤. v2 ⑥. 和 【解析】 【详解】（1）[1]在蜡烛点燃时比较亮，在较暗的环境中，烛焰和环境的对比度比较大，烛焰的像会更清晰。 （2）[2]平面镜成像是光的反射形成的，探究平面镜成像实验时，判断定蜡烛B和蜡烛A的像是否完全重合，眼睛要在蜡烛A一侧观察蜡烛B，故选c。 [3]用光屏是否能承接到像，判断是实像还是虚像，眼睛要直接观察光屏，故选b。 （3）[4]将玻璃板水平向右移动时，像和物体始终关于镜面对称，则像相对于蜡烛A是不动的，所以蜡烛像的位置不变。 （4）[5]玻璃板前后两个面都能成像，图中的像k1是通过玻璃前板形成的，k2是通过后板形成的，则k1位置的像的像距v应是图中的v2。 [6]平面镜成像是光的反射形成的，若在图乙中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到k1和k2。 20. 重庆一中爱科学物理小组在“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”时，设计实验步骤如图所示： （1）根据图中实验步骤的数据，可知物体浸没在水中，受到水的浮力=______N，被排开的水所受的重力=______N，从而得出初步结论______。（选填“>”、“<”或“=”）； （2）如果物体没有完全浸没在水中，______（填“能”或“不能”）完成本实验； （3）如果溢水杯未装满水就进行实验，则所测数据______。（选填“>”、“<”或“=”）； （4）若另一小组同学实验数据显示浮力小于排开液体的重力，可能是下列______实验操作造成的错误结论。 A.测拉力时物体碰到溢水杯底部了 B.先测桶和排开液体的总重力，再测桶的重力 C.先将空桶放在溢水口下面，再向溢水杯中注入液体进行实验 【答案】 ①. 0.2 ②. 0.2 ③. = ④. 能 ⑤. > ⑥. C 【解析】 【详解】（1）[1][2][3]由图可知，物体的重力G=3N，空桶重力G1=2N，物体浸没水中弹簧测力计的示数F=2.8N，桶和水的总重力G2=2.2N，由称重法可得物体受到的浮力 F浮=G-F=3N-2.8N=0.2N 排开的水所受的重力 G排=G2-G1=2.2N-2N=0.2N 可以得出物块受到浮力等于物块排开的水所受重力，即 F浮=G排 （2）[4]如果物体没有完全浸没在水中，受到水的浮力仍然能用称重法测量，排开水的重力也能测量，物体受到的浮力越小，排开液体的重力越小，所以按照上面的方法，能用实验验证阿基米德原理。 （3）[5]溢水杯未装满水，则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积，物块排开水所受的重力变小，所以，测得排开水的重力会偏小，即F浮>G排。 （4）[6]A．测拉力时物体碰到溢水杯底部，此时物体受到底部的支持力，会弹簧测力计拉力F减小，根据公式F浮=G-F可知，浮力变大，会大于排开液体所受重力，故A不符合题意； B．先测桶和排开液体的总重力，把水倒出再测桶的重力时，由于桶内壁上会沾少量的水，导致所测桶的重力变大，根据公式G排=G总-G桶可知，G排会变小，物体所受的浮力会大于排开液体所受重力，故B不符合题意； C．先将空桶放在溢水口下面，再向溢水杯中注入液体，这样会导致桶内水的重力大于物体排开水的重力，那么物体所受的浮力会小于排开液体所受重力，故C符合题意。 故选C。 21. 某兴趣小组设计了一款发光滑动变阻器，通过发光二极管的发光情况显示变阻器接入部分和电流通过的路径，利用此变阻器做了如下研究。 （1）对照图甲，将图乙中的电路图补充完整；______ （2）这种变阻器在使用过程中要注意电流的流向，这与发光二极管的______特性有关； （3）闭合开关，移动滑片，记录发光二极管的发光个数以及电压表、电流表的示数如表，可算出单个发光二极管代表的变阻器阻值是______； （4）在没有电流表的情况下，设计了图丙所示的电路图测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率： 实验次数 1 2 3 二极管发光个数 5 4 2 电压表示数/V 2.5 2.4 2 电流表示数/A 0.25 0.3 0.5 ①先将单刀双掷开关打到“1”上，记下电压表的示数，迅速断开开关； ②再将单刀双掷开关打到“2”上，移动滑片，直到电压表的示数为______V，记下滑动变阻器上二极管的发光个数；可知小灯泡额定功率_______W，后经查实小灯泡的额定功率为0.8W，为减小测量误差，应在此变阻器上安装阻值______（选填“更大”或“更小”）的发光二极管。 【答案】 ①. ②. 单向导电 ③. 2 ④. 2.5 ⑤. 0.625 ⑥. 更小 【解析】 【详解】（1）[1]甲图中电压表与变阻器并联，据此画出如下电路图： （2）[2]因为发光二极管具有单向导电性，所以这种变阻器在使用过程中要注意电流的流向。 （3）[3]由表中第1组数据，根据欧姆定律知，5个发光二极管的电阻为 根据串联电阻的规律，单个发光二极管代表的变阻器阻值是2Ω。 ②[4][5]灯在额定电压下正常发光，再将单刀双掷开关打到“2”上，移动滑片，直到电压表的示数为2.5V，记下滑动变阻器上二极管的发光个数n=1；将单刀双掷开关打到“1”上，记下电压表的示数，电源电压是3V，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，灯的额定电流为 可知小灯泡额定功率 P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W [6]由可得，灯泡的电阻 灯泡正常发光时，变阻器两端的电压 此时变阻器接入电路中的电阻 单个发光二极管代表的变阻器阻值是2Ω。因R滑​′<R滑​，所以，为减小测量误差，应在此变阻器上安装阻值更小的发光二极管。 五、综合题 22. 一辆洒水车，空车质量6t，所装水的质量为5000kg，罐内水深1.5m，车轮与地面的总接触面积为0.55m2，在水平路面前进的过程中，受到的阻力是车总重力的0.05倍。（忽略燃油质量，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）求： （1）装满水时，水对罐底的压强； （2）所装水受到的重力； （3）装满水的洒水车静止在水平路面时，洒水车对地面的压强； （4）装满水时，匀速行驶的洒水车所受牵引力。 【答案】（1）1.5104Pa；（2）5104N；（3）2105Pa；（4）5.5103N 【解析】 【详解】解：（1）装满水时，水对罐底的压强 （2）所装水受到的重力 （3）洒水车的重力 装满水的洒水车静止在水平路面时，洒水车对地面的压力 此时洒水车对地面的压强 （4）装满水时，匀速行驶的洒水车所受牵引力 答：（1）装满水时，水对罐底的压强1.5104Pa； （2）所装水受到的重力5104N； （3）装满水的洒水车静止在水平路面时，洒水车对地面的压强2105Pa； （4）装满水时，匀速行驶的洒水车所受牵引力5.5103N。 23. 如表是某款两挡位电火锅的有关参数，如图甲是其简化电路图，和为阻值不变的电热丝，单刀双掷开关S可接高温挡或低温挡，实现不同挡位的变换；求：[] 额定电压U/V 电火锅挡位 额定功率P/W 220 低温 220 高温 880 （1）求和电热丝的阻值； （2）电火锅正常工作时，用低温挡将2kg的水从60℃加热到70℃，求此过程中水吸收的热量； （3）电火锅正常工作时，分别用低温挡和高温挡将质量2kg的水加热，绘制的水温随时间变化的图像如图乙所示。请通过计算比较使用高温挡还是低温挡更节能？ 【答案】（1）55Ω，220Ω；（2）8.4×104J；（3）高温挡更节能 【解析】 【详解】解：（1）当S接高温挡时，只有R1在工作，由表中数据可知，此时功率P高=880W，电阻R1的阻值 当S接低温挡时，只有R2在工作，由表中数据可知，此时功率P低=220W，电阻R2的阻值为 （2）水吸收的热量为 Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(70℃-60℃)=8.4×104J （3）由图像可知，将2kg的水从60℃加热到70℃，高温挡的加热时间为2min，加热高温挡工作时消耗的电能为 W高=P高t高=880W×2×60s=1.056×105J 低温挡的加热时间为12min，低温挡工作时消耗的电能为 W低=P低t低=220W×12×60s=1.584×105J 由于 W高<W低 所以使用高温挡更节能。 答：（1）R1和R2电热丝的阻值分别为55Ω和220Ω； （2）此过程中水吸收的热量8.4×104J； （3）电火锅正常工作时，分别用低温挡和高温挡将质量2kg的水加热，用高温挡更节能。 24. 阅读材料，回答问题。 变频空调 空调作为家用电器越来越多地进入千家万户。如题1图甲所示，空调工作的基本原理是利用压缩机将气态“冷媒”物质加压进入冷凝器，变成液态。液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态。传统空调压缩机依靠其不断地“开”、“停”来调节室内温度，其一开一停之间容易造成室温忽高忽低。变频空调则依靠控制压缩机转速的快慢达到控制室温的目的，不但电能消耗少，而且室温波动小，大大提高舒适度。 例如，某品牌变频空调和定频空调在教室内测试时的功率—开机时间图象如题1图乙和图丙。变频空调先通过大功率P1将温度降低到设定温度后，改变自己压缩机的频率，将功率降至P2；普通空调开机后，通过固定功率P'吹冷风，再反复运行或停止运行，以实现制冷。 请根据以上材料回答下面问题： （1）液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态，该物质发生的物态变化名称是__________，此过程__________（选填“吸热”或“放热”）； （2）题1图乙所示某品牌变频空调工作1h消耗的电能是__________kW·h； （3）若定频空调开机时间1h，消耗电能0.6kW·h，“开”、“停”过程中能量损耗不计，根据题1图丙分析，定频空调功率P'是__________kW； （4）为了根据室内温度控制空调通断，小珠利用电磁铁（线圈电阻忽略不计）、热敏电阻R1、定值电阻R0=60Ω，设计并制作了如题2图甲所示自动控制电路。其中电源电压恒为3V，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，变化情况如表所示。当气温升至30℃时，通过电磁铁的电流为I0，衔铁会被吸下，接通R0和空调线路，此时R1、R0的连接方式是__________（选填“串联”或“并联”）。当室温降低至a℃（a<30）以下时，通过电磁铁的电流小于I0，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。已知室内温度随时间变化情况如题2图乙所示，60min 时间内，电阻R0消耗的电能是__________J。 温度 24 26 28 30 32 34 R1阻值/Ω 40 30 26 20 18 15 【答案】 ①. 汽化 ②. 吸热 ③. 0.46 ④. 1 ⑤. 并联 ⑥. 180 【解析】 【详解】（1）[1][2]液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态，该物质发生的物态变化名称是汽化，此过程吸热。 （2）[3]根据图象可知，变频空调工作1h消耗的电能是 （3）[4]根据图象可知，定频空调开机时间1h内的工作时间是 t'=18min+18min=36min=0.6h 定频空调功率 （4）[5]根据电路图可知，当衔铁被吸下时，R0​和R1​首与首相连，尾与尾相连，两电阻并联。 [6]当气温升至30℃时，由表格数据可知，此时R1=20Ω，通过电磁铁的电流为I0，I0的大小 此时衔铁会被吸下，接通R0和空调线路；当室温降低至30℃以下时，通过电磁铁的电流小于I0，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。此时R0、R1并联的总电阻为20Ω，则 解得R'1=30Ω。由表格可知，此时对应的温度为26℃，即温度降至26℃以下时，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。由T-t图像可知，60min 时间内，电阻R0工作了20min，电阻R0​消耗的电能 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 大连市第三十四中学初三年级6月校练习物理学科试卷 一、选择题（1-6单选，7-9多选） 1. 古诗“荷风送香气，竹露滴清响”中，竹叶上出现露珠是（　　） A. 熔化现象 B. 液化现象 C. 凝华现象 D. 汽化现象 2. 在做“探究平面镜成像规律”实验时，小科选择了以下实验装置。下列说法正确的是（ ） A. 在图乙实验中，仅将玻璃板由Ⅰ位置移动到Ⅱ位置，蜡烛仍能成像 B. 在图甲实验中，蜡烛所成的像将位于C位置 C. 在图甲实验中，蜡烛远离玻璃板，所成的像将变小 D. 在图乙实验中，环境越明亮，观察到的像越清晰 3. 图为新能源汽车号牌，号牌中的字母“D”表示纯电动汽车，这类汽车的动力装置是电动机，下图符合其工作原理的是（　　） A. B. C. D. 4. 如图是电动汽车的充电桩，下列做法符合安全用电的是（　　） A. 充电桩可以不连接地线 B. 安装时要装漏电保护器 C. 安装时不必断开电源开关 D. 若充电桩起火，应迅速浇水扑灭 5. 杆秤是我国古代劳动人民智慧的结晶、是历史最悠久的衡器之一，如题图所示是杆秤的结构示意图。关于秤杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是（　　） A. 秤杆的工作原理是二力平衡原理 B. 使用秤钮a比秤钮b所能测的最大物体质量更小 C. 被测物体质量一定大于秤砣质量 D. 使用同一秤钮，物体质量越大秤砣离秤钮越远 6. 将质量相同的甲、乙、丙三块金属加热到相同的温度后，放到上表面平整的冰块上，经过一定时间后，冰块形状基本不再变化时的情形如图所示，则三块金属的比热容c甲、c乙、c丙大小相比（　　） A. c甲最大 B. c乙最大 C. c丙最大 D. c甲=c乙=c丙 注意：7-9题为多选题 7. 某汽油机的能量流向如图。在未来的汽车市场，零碳内燃机采用绿氢等零碳燃料，在全生命周期可实现零碳排放，未来可观。下列有关说法正确的是（ ） A. 零碳内燃机比普通内燃机更环保 B. 汽车尾气中的“汽油味”越浓，说明燃料燃烧得越不充分，会降低燃料的热值 C. 冬天汽车利用尾气中的余热给车内供暖，提高了燃料的利用率 D. 由图可知该汽油机的效率是36% 8. 如图所示电路电源电压不变，R2为一个巨磁电阻（GMR），其阻值会随着外界磁场的增强而迅速减小。开始将R2置于强磁场中并闭合开关S，然后将R2周围的磁场迅速减小到零。则（　　） A. 电流表A1示数不变，电压表V示数不变 B. 电流表A2示数变大，电压表V示数变大 C. 电压表V示数与电流表A1示数比值变大 D. 电压表V示数与电流表A2示数比值变大 9. 水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，分别盛有两种不同液体，将两个质量相等的冬枣、樱桃（）分别放入两种液体中，静止时的状态如图所示，两容器中的液面相平。则下列说法中正确的是（　　） A. 甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度 B. 冬枣受到的浮力大于樱桃受到的浮力 C. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力 D. 冬枣、樱桃放入前，甲容器底受到的液体压强小于乙容器底受到的液体压强 二、填空题 10. 我国新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号M”的成功运行，标志着中国离“人造太阳”的梦想又近了一步；氢弹和“人造太阳”都利用______获得核能，装置中的超导电缆______（“可以”、“不可以”）用于电饭锅的发热体。 11. 如图所示，是我国自主研发的HH-100航空商用无人运输机。降落滑行时，以地面上的某房屋为参照物，运输机是______的；其轮胎表面的温度会升高，这是通过______的方式改变内能。 12. 如图所示，小陶子在家中洗碗时，他发现空碗可以漂浮在水面上，如图所示，此时碗受到的浮力________它自身的重力；当碗中有一定量的水时，碗会沉入水底，则沉底时碗受到的浮力________它漂浮时受到的浮力。 13. 人类发射的探测器已飞出了太阳系，如果探测器所受外力全部消失，那么探测器将作___________运动，空中加油机可以在空中给歼击机加油，加满油后歼击机的惯性会___________（（选填“变大”或“变小”）。 14. 周末，小华在家运用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美食，在客厅看电视的妹妹闻到了香味，这是______现象。小华家有一个额定电压为220V、额定电流为5A的电热水壶，该电热水壶正常工作42s产生的热量为______J。 15. 如图，三脚插头插入三孔插座中，这样做可以使金属外壳与插座中的______（选填“火线”、“零线”或“地线”）相连，某家庭电能表如图所示，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作5min，电能表指示灯闪烁了160次，该家用电器的额定功率是______W。 三、作图题 16. 如图，是一名男生奔跑过程中左脚腾空，右脚着地的一瞬间．请画出此刻地面对他的支持力和摩擦力的示意图(A点是作用点)． 17. 如图，物体AB经凸透镜后在光屏上成像A′B′，F为透镜的焦点，请作出两条入射光线的折射光线。 四、实验探究题 18. 学习密度知识后，小明认为白酒的密度是变化的，38度的白酒比53度的白酒密度大；同组的其他的同学认为白酒的密度同其它液体的密度一样是不变的。为了证明各自的说法，他们学习小组找来不同度数的白酒，各自准备实验器材进行测量比较。 小明的测量过程如下： （1）小明把天平放到水平桌面上，将游码移到标尺左端零刻线处，发现指针偏向分度盘的右侧（如图甲），此时应将平衡螺母向______端调节使天平平衡； （2）将适量的53度的白酒倒入烧杯中测量它们的总质量时，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针如图甲所示，此时应______，使横梁平衡。横梁平衡后，所用砝码和游码的位置如图乙所示，则烧杯与白酒的总质量为______g； （3）将烧杯中白酒全部倒入量筒中，筒壁沾有少许白酒，量筒示数如图丙所示，则量筒中白酒的体积如丙图所示。小明将倒空的烧杯放在天平左盘，测出倒空后的烧杯的质量为47.2g。计算出所测白酒的密度为______； （4）评估小明的实验方案可知，他测量出的白酒的密度是______（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的； （5）小明正准备测量另一种白酒的密度，看到小组的其他同学已测量完毕正在讨论。他们用同一个瓶子先后装满38度的白酒和53度的白酒，分别用天平测出它们的总质量、，结果发现。小明看到他们的测量数据后高兴地说，“你们的测量结果说明了，证明了我的说法是对的”。你通过分析认为小明的这个判断是______（选填“正确”、“错误”或“无法判断”）的。 19. 如图甲，小明和小红做“探究平面镜成像特点”的实验： （1）该实验最好在较______（选填“亮”或“暗”）的环境中进行； （2）实验中，为确定蜡烛B和蜡烛A的像是否完全重合时，人眼应该______（选填“a”“b”或“c”选项，下同），在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，移走蜡烛B，在像所在的位置放一光屏后，人眼应该______； a．直接观察玻璃板后蜡烛B b．直接观察光屏 c．在玻璃板前蜡烛A这一侧观察 （3）实验中小明为了让右座的小红看到烛焰清晰的像，小明仅将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置将会______（填“向左移动”“向右移动”或“不变”）； （4）如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像和，则像的像距为______（填“”或“”），若在图乙中和两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到______（选填“只有”“只有”或“和”）。 20. 重庆一中爱科学物理小组在“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”时，设计实验步骤如图所示： （1）根据图中实验步骤的数据，可知物体浸没在水中，受到水的浮力=______N，被排开的水所受的重力=______N，从而得出初步结论______。（选填“>”、“<”或“=”）； （2）如果物体没有完全浸没在水中，______（填“能”或“不能”）完成本实验； （3）如果溢水杯未装满水就进行实验，则所测数据______。（选填“>”、“<”或“=”）； （4）若另一小组同学实验数据显示浮力小于排开液体的重力，可能是下列______实验操作造成的错误结论。 A.测拉力时物体碰到溢水杯底部了 B.先测桶和排开液体的总重力，再测桶的重力 C.先将空桶放在溢水口下面，再向溢水杯中注入液体进行实验 21. 某兴趣小组设计了一款发光滑动变阻器，通过发光二极管的发光情况显示变阻器接入部分和电流通过的路径，利用此变阻器做了如下研究。 （1）对照图甲，将图乙中的电路图补充完整；______ （2）这种变阻器在使用过程中要注意电流的流向，这与发光二极管的______特性有关； （3）闭合开关，移动滑片，记录发光二极管的发光个数以及电压表、电流表的示数如表，可算出单个发光二极管代表的变阻器阻值是______； （4）在没有电流表的情况下，设计了图丙所示的电路图测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率： 实验次数 1 2 3 二极管发光个数 5 4 2 电压表示数/V 2.5 2.4 2 电流表示数/A 0.25 0.3 0.5 ①先将单刀双掷开关打到“1”上，记下电压表的示数，迅速断开开关； ②再将单刀双掷开关打到“2”上，移动滑片，直到电压表的示数为______V，记下滑动变阻器上二极管的发光个数；可知小灯泡额定功率_______W，后经查实小灯泡的额定功率为0.8W，为减小测量误差，应在此变阻器上安装阻值______（选填“更大”或“更小”）的发光二极管。 五、综合题 22. 一辆洒水车，空车质量6t，所装水的质量为5000kg，罐内水深1.5m，车轮与地面的总接触面积为0.55m2，在水平路面前进的过程中，受到的阻力是车总重力的0.05倍。（忽略燃油质量，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）求： （1）装满水时，水对罐底的压强； （2）所装水受到的重力； （3）装满水的洒水车静止在水平路面时，洒水车对地面的压强； （4）装满水时，匀速行驶的洒水车所受牵引力。 23. 如表是某款两挡位电火锅的有关参数，如图甲是其简化电路图，和为阻值不变的电热丝，单刀双掷开关S可接高温挡或低温挡，实现不同挡位的变换；求：[] 额定电压U/V 电火锅挡位 额定功率P/W 220 低温 220 高温 880 （1）求和电热丝的阻值； （2）电火锅正常工作时，用低温挡将2kg的水从60℃加热到70℃，求此过程中水吸收的热量； （3）电火锅正常工作时，分别用低温挡和高温挡将质量2kg的水加热，绘制的水温随时间变化的图像如图乙所示。请通过计算比较使用高温挡还是低温挡更节能？ 24. 阅读材料，回答问题。 变频空调 空调作为家用电器越来越多地进入千家万户。如题1图甲所示，空调工作的基本原理是利用压缩机将气态“冷媒”物质加压进入冷凝器，变成液态。液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态。传统空调压缩机依靠其不断地“开”、“停”来调节室内温度，其一开一停之间容易造成室温忽高忽低。变频空调则依靠控制压缩机转速的快慢达到控制室温的目的，不但电能消耗少，而且室温波动小，大大提高舒适度。 例如，某品牌变频空调和定频空调在教室内测试时的功率—开机时间图象如题1图乙和图丙。变频空调先通过大功率P1将温度降低到设定温度后，改变自己压缩机的频率，将功率降至P2；普通空调开机后，通过固定功率P'吹冷风，再反复运行或停止运行，以实现制冷。 请根据以上材料回答下面问题： （1）液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态，该物质发生的物态变化名称是__________，此过程__________（选填“吸热”或“放热”）； （2）题1图乙所示某品牌变频空调工作1h消耗的电能是__________kW·h； （3）若定频空调开机时间1h，消耗电能0.6kW·h，“开”、“停”过程中能量损耗不计，根据题1图丙分析，定频空调功率P'是__________kW； （4）为了根据室内温度控制空调通断，小珠利用电磁铁（线圈电阻忽略不计）、热敏电阻R1、定值电阻R0=60Ω，设计并制作了如题2图甲所示自动控制电路。其中电源电压恒为3V，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，变化情况如表所示。当气温升至30℃时，通过电磁铁的电流为I0，衔铁会被吸下，接通R0和空调线路，此时R1、R0的连接方式是__________（选填“串联”或“并联”）。当室温降低至a℃（a<30）以下时，通过电磁铁的电流小于I0，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。已知室内温度随时间变化情况如题2图乙所示，60min 时间内，电阻R0消耗的电能是__________J。 温度 24 26 28 30 32 34 R1阻值/Ω 40 30 26 20 18 15 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $