第17讲 预习综合训练(易错题60题37个考点)-【暑假自学课】2024年新九年级物理暑假提升精品讲义（苏科版）

第17讲 预习综合训练(易错题60题37个考点) 训练范围：苏科版九年级上册第11~13章。 一．杠杆的平衡条件（共3小题） 1．（2023秋•濮阳期中）如图所示，质量分布不均匀的木条AB重24N，木条长度为1m，A、B是木条的两端，O是木条的中点，此时弹簧测力计乙的示数是6N，则该木条的重心在距A端 　 　m的位置；当以乙测力计为支点时，甲测力计的示数为 　 　N。 2．（2023•萍乡二模）一段均匀铁管长为2m、重500N，当平放在水平地面上时，人抬起一端最少需要　 　N的力，如果保持用力的方向与铁管垂直，则在扶起铁管的过程中，所需的力逐渐　 　（选填“增大”或“减小”）。 3．（2023春•渝中区校级期末）如图甲是《天工开物》中记载的三千多年前在井上汲水的桔槔，其示意图如图乙，轻质杠杆的支点O距左端l1＝0.5m，距右端l2＝0.2m，在杠杆左端悬挂质量为2kg的物体A。右端挂边长为0.1m的正方体B，杠杆在水平位置平衡时，正方体B对地面的压力为20N。求： （1）此时物体A的重力为多少牛； （2）若将支点O沿水平方向移动一定距离l后，正方体B对地面的压力变为55N，且杠杆仍在水平位置平衡，求支点O移动的方向以及l的大小； （3）由l1＝0.5m，l2＝0.2m，若该处为松软的泥地，能承受最大压强为6×103Pa，为使杠杆仍在水平位置平衡，物体A的重力的范围是多少？ 二．探究杠杆的平衡条件（共1小题） 4．（2023春•薛城区校级月考）如图所示，小勇利用铁架台、带有均匀刻度的杠杆、细线、弹簧测力计、钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。 （1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于 　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态； （2）为了便于测量 　 　（选填“力”或“力臂”），应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节； （3）杠杆调成水平位置平衡后，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 　 　个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡（图乙）；随后两边各取下一个钩码，杠杆 　 　（选填“左”或“右”）端将下沉； （4）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 三．杠杆的动态平衡分析（共1小题） 5．（2023秋•亭湖区校级期中）如图1所示，轻质杠杆可绕O转动，C点悬挂一重为G的物体M，B点受到电子测力计竖直向上的拉力F，其力臂记为l，保持杠杆水平静止，此时F与l﹣1的关系图线为图2中的①，某次操作后，仍保持杠杆水平静止，F与l﹣1的关系图线变为图2中的④，则可能进行的操作是（　　） A．将电子测力计顺时针转动30° B．将M从C点移到A点 C．增加物体M的质量 D．将电子测力计从B点移到A点 四．杠杆中最小力的问题（共1小题） 6．（2023秋•赣榆区月考）如图所示，O为杠杆的支点，杠杆上挂有重为G的重物，请画出杠杆在图中位置静止时最小动力F1的示意图，以及阻力臂L2。 五．杠杆的分类（共1小题） 7．（2023•费县一模）如图所示的工具均属于杠杆，其中省力杠杆是（　　） A．船桨 B．独轮车 C．筷子 D．钓鱼竿 六．滑轮组中的相关计算（共2小题） 8．（2024•甘肃）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好匀速下降，已知A重60N，B重10N，则A所受地面的摩擦力为 　 　N；若对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A在原来的水平面上匀速向左运动，则拉力F大小为 　 　N。（不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦） 9．（2024春•南昌县期中）如图所示，小华用200N的拉力F向下拉动绳子，使重为500N的物块在10s内升高50cm。不计绳的重力与摩擦，求： （1）拉力移动的距离； （2）物块上升的速度； （3）动滑轮的重力。 七．功的计算和公式的应用（共4小题） 10．（2024•库尔勒市一模）如图所示的滑轮组，第一次匀速提升重10N的物块时，绳子自由端的拉力为5N；第二次匀速提升重22N的物块时，绳子自由端的拉力为10N。若绳重和摩擦导致的额外功占总功百分比为定值，再利用此滑轮组匀速提升重为46N的物块时，绳子自由端的拉力为（　　） A．12N B．16N C．18N D．20N 11．（2023春•普宁市校级月考）如图所示，重为5N的铁块吸附在竖直放置足够长的磁性平板上，在竖直向上拉力F的作用下铁块沿直线竖直向上运动，铁块运动过程中速度v的大小随时间t变化的图象如图乙所示。若铁块受到的摩擦力为2N，下列说法正确的是（　　） A．向上运动，吸引力对铁块做了功 B．在0～2s内拉力F等于5N C．在0～6s内拉力F大于7N D．在2～6s内拉力做的功为84J 12．（2023•仓山区校级二模）如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间的关系和物体运动速度与时间的关系如图乙、丙所示。由图象可知，当t＝3s时，物体受到的合力为 　 　N，物体在4～6s内做功 　 　J。 13．（2023春•开福区校级月考）如图所示是一艘依靠太阳能驱动的船，其排水量是60t。在一次航行中，从某一时刻开始，太阳能船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图乙所示，求： （1）这艘船满载时受到的浮力； （2）该船漂浮在水面时，船舱某处距水面5m，水对该处产生的压强； （3）船在航行过程中，第50～100s内牵引力做的功。 八．比较功率的大小（共1小题） 14．（2023春•越秀区月考）如图1所示的物体在粗糙程度不同、长度相同的两段水平地面先后做直线运动，第二段比第一段更粗糙。第一段中，物体运动的路程和时间图像如图2时，受到的水平推力为F1；第二段物体运动的速度和时间图像如图3，受到的水平推力为F2，两次推力的功率分别为P1、P2，两次推力做的功分别为W1、W2。则下列关系正确的是（　　） A．F1＜F2 B．P1＞P2 C．P1、P2无法比较 D．W1＝W2 九．功率的计算及公式的应用（共3小题） 15．（2023秋•崇川区校级月考）在课外实践活动中，小明站在学校五楼的阳台上，每隔0.5秒将一个足球丢下阳台，球由静止下落，当第五个球刚丢下时，第一个球正好落地。足球从五楼落到地面过程中，球的重力做功的功率约（　　） A．15W B．30W C．60W D．90W 16．（2023秋•涟水县月考）体育课上，同学们积极参加各项体育活动。如图甲所示，体重为600N的小明和体重为500N的小华进行跳小栏架比赛，小明用15s跳过了10个小栏架，小华用时10s。两位同学每一次跳起的高度几乎相同约25cm。小明同学跳一次小栏架克服自身重力做功约为 　 　J，小华跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率约为 　 　W。如果以跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率大为胜出标准，那么 　 　（选填“小明”或“小华”）胜出。 17．（2024•盐城）“鲲龙”国产大型水陆两栖飞机AG600，最大起飞质量为53500kg，正常的巡航速度为500km/h，一次能将12000kg的水在20s内吸至4m高处。g取10N/kg。求： （1）若火场距离最近的水源100km，飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间。 （2）飞机的最大起飞重力。 （3）飞机吸水的功率。 一十．探究影响物体动能大小的因素（共1小题） 18．（2024•泰兴市三模）小李为研究动能大小与哪些因素有关，设计了如图所示的实验装置。让小球从斜面上由静止释放后与固定在右端的弹簧碰撞，斜面底端和水平面平滑相接，实验数据如表所示： 实验次数 小球释放的高度h/cm 小球质量m/g 弹簧长度L/cm 1 4 10 L1 2 4 20 L2 3 6 20 L3 （弹簧原长为L0，弹簧长度L为小球碰撞弹簧后弹簧的最短长度，L0＞L1＞L2＞L3） （1）实验中通过 　 　反映小球动能的大小；实验中小球压缩弹簧至最短的过程是将 　 　能转化为 　 　能； （2）比较实验2和实验3，可以探究小球的动能与 　 　的关系； （3）小李在实验基础上进行推理，接触面越光滑小球被弹回得越高，如果接触面绝对光滑，那么小球将 　 　； A．沿着斜面做匀速直线运动 B．不能上升到初始高度，最终静止在平面上 C．上升到初始高度后静止 D．能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动 （4）在（3）中用到一种科学方法，与下列哪个定律或原理的得出用到的方法相同 　 　。 A．阿基米德原理 B．杠杆原理 C．惯性定律 一十一．机械能的概念（共2小题） 19．（2024•雅安模拟）体育课上小明同学进行垫排球训练时，他将球斜向上垫出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则排球在（　　） A．a、c两点的重力势能相等 B．a点的动能比c点的动能大 C．b点的机械能最大 D．a点的机械能比d点的机械能大 20．（2023春•通榆县月考）随着航天技术的飞速发展，我国已两次成功实现载人航天飞行。在火箭推动飞船上升阶段，宇航员是被固定在飞船座舱内的。相对于飞船而言，宇航员是 　 　的（选填“运动”或“静止”）；飞船在加速上升阶段，其机械能 　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。 一十二．机械能的转化（共2小题） 21．（2024•滨湖区二模）如图所示，一轻质弹簧左端固定，右端系一小物块，物块与水平面的最大静摩擦力和滑动摩擦力都为f，弹簧无形变时，物块位于O点．每次都把物块拉到右侧不同位置由静止释放，释放时弹力F大于f，物体沿水平面滑动一段路程直到停止．下列说法中正确的是（　　） A．释放时弹性势能等于全过程克服摩擦力做的功 B．每次释放后物块速度达到最大的位置保持不变 C．从开始释放到运动到O点，速度一直在减小 D．物块到达O点时速度最大 22．（2023春•湛江校级月考）如图，忽略空气阻力，球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，到达P点时离开轨道；然后球上升至最高点N后开始下落经过Q点。O、P处在同一水平高度。 （1）球在O、P两点的速度分别为vO和vp，则vO　 　vp（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 （2）最高点N与M点对比，N 　 　比M高（选填“可能”或“不可能”），现在N点的机械能 　 　Q点的机械能（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 一十三．机械效率的大小比较（共1小题） 23．（2023秋•宝应县期中）如图（不计绳重与摩擦，且动滑轮重G动小于物重G），用它们分别将重力相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，所用的拉力分别为F甲、F乙，它们的机械效率分别为η甲、η乙．则下列关系正确的是（　　） A．F甲＞F乙 B．F甲＜F乙 C．η甲＜η乙 D．η甲＝η乙 一十四．实验 测量滑轮组的机械效率（共1小题） 24．（2024•肇东市模拟）小敏同学用如图所示装置，测量“滑轮组机械效率”的实验，记录部分数据如表： 重物G 重物移动高度h 拉力F 第一次绳子自由端移动距离s 第二次绳子自由端相对动滑轮移动距离 20N 10cm 10N 30cm （1）第一次实验中，小敏同学在绳子自由端施加竖直向上10N拉力作用下，使20N的重物匀速向上移动了10cm，则绳子自由端移动距离s是 　 　cm，有用功W有为 　 　J。 （2）第一次实验中，若绳重及摩擦所做的功始终占总功的10%，则该滑轮组的机械效率为 　 　（保留一位小数），动滑轮重为 　N。 （3）第二次实验中，在该拉力作用下使重物继续竖直向上移动，一段时间后，测量出绳子自由端相对于动滑轮移动的竖直距离为30cm，则第二次实验中，拉力所做的功是 　 　J。 一十五．滑轮（组）的机械效率（共4小题） 25．（2024•遂宁）修建房屋时，质量为60kg的建筑工人使用滑轮组提升建材。他用竖直向下的拉力在15s内将重为480N的建材匀速提升了3m，每个滑轮重20N，不计滑轮摩擦和绳重，g取10N/kg。下列结论正确的是（　　） A．工人拉动绳子的速度为0.2m/s B．工人对绳子拉力的功率50W C．此装置的机械效率为96% D．若工人脚与地接触面积共400cm2，则他对地的压强为1.5×104Pa 26．（2024•尉氏县三模）为了解决“停车难”这一城市问题，政府部门设计了“路边空中存车亭”，如图甲所示。图乙是其工作原理图，A为存车架，O为转动轴，B端固定悬挂泊车装置，BC为牵引钢丝绳，M为电动机。忽略OB的重和机械的摩擦力，下列说法正确的是（　　） A．当处于图乙位置时，OB属于费力杠杆 B．所停的车的质量越大，机械做的额外功越多 C．A和汽车的总质量越大，此装置的机械效率越高 D．C处的滑轮是动滑轮，可以省力 27．（2024•海陵区一模）图甲是建筑工地上的起重机，图乙是其吊臂上的滑轮组装置。将质量为2t的货箱在10s内以0.2m/s的速度匀速竖直提升，滑轮组的机械效率为80%，g取10N/kg。求这段时间内： （1）货箱上升的高度。 （2）滑轮组所做的有用功。 （3）吊臂上电动机拉力F做功的功率。 28．（2023秋•姜堰区月考）如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为120N的物体匀速提起，在5s时间内绳子自由端移动的距离为s＝3m。图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。 （1）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是 　 　，请列式计算出该物理量。 （2）滑轮组的机械效率。 （3）若绳子能承受的最大拉力100N，求该装置的最大机械效率？ 一十六．斜面机械效率的测量实验（共1小题） 29．（2023秋•溧阳市期中）如图所示是小明探究“斜面机械效率”的装置图，他在实验时用弹簧测力计拉着同一小车沿粗糙程度相同的斜面向上做匀速直线运动，改变斜面的倾斜程度分别进行了三次实验，并记录实验数据如下： 实验次数 斜面倾斜程度 小车重G/N 斜面高度h/m 沿斜面拉力F/N 斜面长s/m 有用功W有用/J 总功W总/J 机械效率/η 1 较缓 10 0.5 6.7 1 a 6.7 74.6% 2 较陡 10 0.7 8.4 1 7 b 83.3% 3 最陡 10 0.9 9.3 1 9 9.3 c （1）表格中a、b、c三处的数据依次为 　 　、 　、　 　。 （2）分析表格中数据，可以得出的探究结论是：斜面倾斜程度越 　 　（缓/陡）越省力，斜面的机械效率越 　 　（高/低）。 （3）由表格中数据可知：第2次实验时，小车受到斜面的摩擦力大小为 　 　N：且斜面越陡，小车受到的摩擦力 　 　（越大/不变/越小）。 （4）实验中，若物重、斜面长度不变，且斜面光滑程度一定，以下能正确表示拉力F与斜面高度h的关系的是 　 　（填字母）。 一十七．分子动理论的基本观点（共1小题） 30．（2024•浦口区校级三模）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测合理的是（　　） A．现象：空气中沙尘飞舞 推测：分子在做无规则运动 B．现象：注射器内的水很难压缩 推测：分子之间存在斥力 C．现象：钢丝绳很难被拉断 推测：分子之间没有间隙 D．现象：冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘 推测：分子之间存在引力作用 一十八．热传递改变物体内能（共2小题） 31．（2023秋•南皮县期中）如图所示，两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，乙杯的外壁比甲杯热，由此可判断 　 　杯保温性能较好，杯壁变热是通过的 　 　方式改变了它的内能。 32．（2023秋•睢宁县期中）将温度是300℃的铁块投入到温度是10℃的水中，铁块的内能会　 　，水的内能会　 　　（选填“增加”、“减少”或“不变”），这是通过　 　　的方式来改变内能的。 一十九．物体内能的改变（共1小题） 33．（2023秋•汉中期末）如图所示的四个事例中，其中一个改变物体内能的方式与其它三个不同，它是（ ） A． 给冷水加热 B．压缩空气温度升高 C． 下滑时臀部发热 D． 搓手取暖 二十．比热容的概念及其计算（共2小题） 34．（2023秋•海珠区期末）把﹣10℃的铁块放进0℃的水中，一段时间后，所有物体均保持在0℃不变。不考虑它们与外界的热传递，此过程（　　） A．肯定有水凝华成冰 B．水的内能不变 C．水的内能在减少 D．能说明水的比热容大于铁的 35．（2024•贺州一模）酒精涂抹在手上有凉凉的感觉，是因为酒精蒸发，　 　热量的缘故；用两个相同电热器，同时给初温、质量相同的水和煤油加热，煤油比水温度升高快，是因为水的 　 　比煤油大。 二十一．实验 比较不同物质吸热的情况（共3小题） 36．（2024•双流区二模）小红想“比较水和某种食用油的吸热能力”哪个更强？为此她用完全相同的实验装置分别加热质量均为200g的水和食用油，一些物质的沸点如表所示，实验中她正确使用温度计测出了不同时间水和食用油的温度，并绘制了如图所示的温度随时间变化图像。若单位时间内食用油和水吸收的热量相等，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。小红根据实验结果作出以下判断，你认为正确的是（　　） 标准大气压下 物质 沸点/℃ 酒精 78 煤油 150 水银 357 A．实验中若选择煤油温度计测量结果会更准确 B．食用油的末温度比水的高，所以它的吸热能力更强 C．第4﹣﹣6min内水吸收的热量是3.36×106J D．这种食用油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） 37．（2023秋•宿迁期末）小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为0.5kg的水和另一种液体（水的比热容大于另一种液体）进行对比实验，并用图象对实验数据 进行了处理，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出：另一种液体的比热容为 　 J/（kg•℃），这种液体在0﹣15min内放出的热量为 　 　J。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 38．（2023秋•青岛期末）用如图所示的实验装置探究“比较不同物质的吸热情况”。 （1）实验中需加热 　（选填“质量”或“体积”）相同的水和液体甲，使它们升高相同的温度，通过比较 　 　来反映水和液体甲吸收热量的多少，以此比较不同物质的吸热能力； （2）实验中用两个相同的加热器给液体加热，这样做的目的是：使水和液体甲在相同的时间内 　 　 相同； （3）实验时也可以加热相同的时间，通过比较它们 　来判断水和液体甲吸热能力的强弱； （4）根据实验数据，小明作出了水和液体甲的温度随时间变化的图象，如图乙所示，其中a是水的温度随时间变化的图象，则液体甲的比热容为 　 　J/（kg•℃）。 二十二．热平衡方程的应用（共1小题） 39．（2023秋•台江区期中）在一个标准大气压下，一质量为2kg的金属块，被加热到500℃后，立即投入质量为1千克，温度为20℃的冷水中，不计热量损失，最终水的温度升高到80℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]求： （1）水吸收的热量。 （2）金属块的比热容。 二十三．燃料的热值及其计算（共2小题） 40．（2023秋•建邺区期末）如图甲、乙所示，相同烧杯装有质量相等的水，分别用a、b两种燃料进行加热，直至杯内水沸腾1min后停止加热，测得消耗a、b的质量分别为ma、mb，且ma＞mb。甲、乙烧杯中水的温度与加热时间的关系如图丙所示，若同一杯水单位时间内吸收的热量相同，不计热量损失和水的质量变化，a、b两种燃料的热值分别为qa、qb，则下列说法正确的是（　　） A．沸腾前，乙杯中的水吸收的热量更多 B．甲、乙两杯水单位时间内吸收的热量相同 C．整个过程，甲杯中的水吸收的热量更多 D．a燃料的热值qa一定大于b燃料的热值qb 41．（2023秋•衡南县期末）如图所示，为比较a、b两种液体的比热容及1、2两种燃料的热值，甲、乙、丙三图中的装置相同，燃料的质量均为10g，烧杯内的液体初温相同，当燃料燃尽时，立即读取相应温度计的读数，分别为t甲、t乙、t丙，且有t甲＞t乙＞t丙。 （1）在实验中，三个烧杯中a、b液体的 　 　（选填“质量”或“体积”）必须相同； （2）比较两种燃料的热值，应选择 　 　两图进行实验，实验时要观察 　 　（选填“加热时间”或“液体升高的温度”）比较两种燃料的热值大小； （3）燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，q1　 　q2（大于/等于/小于）； （4）通过实验得到的燃料热值与实际相比是偏 　 　（选填“大”或“小”）。 二十四．热机的效率（共3小题） 42．（2023秋•杜尔伯特县期末）2023年慕尼黑车展，一半是欧洲车，一半是中国车，中国车大放异彩，下列与小汽车有关的说法错误的是（　　） A．如果四冲程内燃机的转速是600r/min，那么它每秒做功5次，共有20个冲程 B．汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞 C．使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率 D．在做功相同的情况下，热机的效率越高，消耗的燃料越少 43．（2024•鹤山市校级模拟）某汽油机工作时的能量损失情况是：汽缸散热损失30%，废气带走35%，机械摩擦及其它损耗总和为10%。已知汽油热值为4.6×107J/kg。则该汽油机工作时汽油燃烧释放能量的 　 　%转化为机械能；若该汽油机消耗2kg汽油，获得的机械能为 　 　J；经过不断改进和创新，汽油机的效率 　 　（选填“可以”或“不可以”）可以提高到100%。 44．（2024•锡山区三模）如图所示是一款无人驾驶巴士，其空车质量为3000kg，静止时轮胎与地面接触的总面积为0.2m2．车满载并以36km/h的速度匀速直线行驶时，发动机的输出功率为13.8kW。（q汽油＝4.6×107J/kg，g取10N/kg）求： （1）该车空载静止在水平路面上时，对路面的压强； （2）以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，牵引力做的功； （3）若该车用效率为30%的汽油机提供动力，且以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，则需消耗汽油的质量。 二十五．电流的方向（共1小题） 45．（2024•庐阳区二模）如图所示，将与衣服摩擦过的气球靠近从水龙头中流出来的一小束水流，水流向气球方向弯曲了。下列有关过程说法正确的是（　　） A．气球和衣服摩擦时创造了电荷 B．衣服摩擦气球过程中将电能转化为机械能 C．水流弯曲是因为带电体吸引轻小物体 D．带负电荷的气球，与不带电的手形成瞬间电流时，电流方向由气球到手 二十六．电源及其能量转化（共2小题） 46．（2023秋•溧阳市期中）下列说法中不正确的是（　　） A．干电池是一种直流电源 B．连接电路时，开关必须处于断开状态 C．电源是把其它形式的能转化为电能的装置 D．用电器是把其它形式的能转化为电能的装置 47．（2023秋•崇义县期中）近几年，随着电动汽车的普及，为电动汽车提供电能的充电桩数量在全国迅猛增加。如图所示，充电桩为电动汽车的电池充电时，电能转化为 　 　（选填“机械”或“化学”）能，电池相当于电路中的 　 　（选填“电源”或“用电器”）。 二十七．电路图及元件符号（共1小题） 48．（2023秋•阳春市期末）要求闭合开关S，两灯能正常发光，请在图中圆圈内填上合适的元件。 二十八．串、并联电路的概念与辨别（共1小题） 49．（2023秋•汉中期末）如图所示的电路中，下列说法中正确的是（　　） A．开关S控制灯L1 B．电灯L1、L2是串联的 C．只有L1、L2是并联的 D．灯L1、L2、L3都是并联的 二十九．串、并联电路的设计与应用（共1小题） 50．（2024•凉州区校级一模）在奥运会的击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路接通，乙方指示灯灯亮，下面能反映这种原理的电路是（　　） A． B． C． D． 三十．电路的基本连接方式（共1小题） 51．（2023秋•渠县期末）如图所示的电路中，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡 　 　串联；当开关S、S1、S2均闭合时，灯泡 　 并联。 三十一．根据实物图画电路图（共1小题） 52．（2022秋•辽阳期末）如图所示实验电路相对应的电路图是下列选项中的（　　） A． B． C． D． 三十二．实物的电路连接（共1小题） 53．（2023秋•普陀区期末）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线连接。要求：向右移动滑片P，电压表示数减小。 三十三．探究串联电路中各处电流的关系（共2小题） 54．（2023秋•静安区期末）在“探究串联电路电流特点”的实验中，连接电路时开关应处于 　 　状态，应将电流表 　 　联在电路中，且使电流从电流表的 　 　接线柱流入，在此实验中，需要将电流表连接在电路中的 　 　位置（选填“某个”或“多个”）。 55．（2022秋•吴江区期中）如图是“探究串联电路电流特点”的实验电路图： （1）刚连接电路后，两灯泡都亮，由于连线较乱，一时无法确定电路是串联还是并联，以下两种简单判断方法是否可行？请你在表中空格填写“可行”或“不可行”。 方法 操作 现象 结论 方法是否可行 方法1 把其中一灯泡从灯座中取下 另一灯熄灭 两灯一定是串联 　 　 方法2 把任意一根导线断开 两灯熄灭 两灯一定是串联 　 　 （2）确定了电路连接正确以后，如表是某同学实验中的一组数据： 电流表的位置 A B C 电流I/A 0.3 0.3 1.5 指出表格所记录的数据中，明显错误的数值是 　 　，造成错误的原因是 　 　。 （3）当用电流表测出A、B、C三点的电流并记录数据后，下一步应该做的是 　 　。 A．整理器材，结束实验 B．换不同规格的小灯泡再测几组电流值 C．分析数据，得出结论 D．换电流表的另一量程再测一组电流值 （4）实验中发现两个串联的小灯泡，一个很亮，一个发光微弱，造成这种现象的原因可能是 　 　。 A．通过两个灯泡的电流大小不同 B．发光微弱的灯泡的灯丝断了 C．灯泡的规格不同 D．发光微弱的灯泡被短路。 三十四．并联电路的电流规律（共1小题） 56．（2022秋•淄川区期末）如图甲是小明用电流表测量电流的电路图，两个电流表是同一规格。闭合开关后，两电流表的指针都正常偏转且位置相同（如图乙），则通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是 　 　；若把灯L1与灯L2串联，通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是 　。 三十五．电压表的读数（共1小题） 57．（2024•扬中市二模）（1）图1中，电压表示数为 　 　V； （2）图2中，物体长度为 　 　cm； （3）图3中温度计示数为 　 　℃。 三十六．串联电路的电压规律（共2小题） 58．（2024•顺义区二模）如图所示，闭合开关S，两电路中的小灯泡均发光。若电压表V、V1和V2的示数分别为U、U1和U2，电流表A、A1和A2的示数分别为I、I1和I2，则下列关系正确的是（　　） A．U1＝U B．U＞U2 C．I＜I2 D．I1＝I 59．（2023秋•新沂市期中）如图所示的电路中，当电路闭合后，V1和V2的示数分别如图所示，则V1表示数为 　 　V，V2表示数为 　V，小灯泡L1两端的电压U1＝　 　。 三十七．探究并联电路中的电压规律（共1小题） 60．（2023秋•营口校级期中）如图，在探究“并联电路的电压规律”实验中，小南使用了两个相同的灯泡： （1）连接好电路后闭合开关，小南发现L1亮、L2不亮，她用手按一下L2，两灯都亮，松开手仍然是L1亮、L2不亮，则故障可能是 　 　。 （2）排除故障后，如图乙所示的电路图中，用电压表接在ab两点之间时，闭合开关，电压表的示数如图丙所示，电压表的读数为 　 　V。 （3）依次将电压表接入到电路中的ab、cd、ef两点之间，小南发现电压表示数相等。由此他得到结论：并联电路中，各支路两端的电压相等。此结论 　 　（选填“科学”或“不科学”），接下来应该进行的操作是 　 　。 A.更换不同规格的灯泡，再次实验 B.将L1、L2的位置交换，再次探究 C.保持电源、灯泡不变，多测量几次电路中三处的电压 （4）小南发现家里客厅的灯L1比卧室的灯L2亮，两灯对应的电压U1和U2的大小关系是U1　 　U2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！10 学科网（北京）股份有限公司 $$ 第17讲 预习综合训练(易错题60题37个考点) 训练范围：苏科版九年级上册第11~13章。 一．杠杆的平衡条件（共3小题） 1．（2023秋•濮阳期中）如图所示，质量分布不均匀的木条AB重24N，木条长度为1m，A、B是木条的两端，O是木条的中点，此时弹簧测力计乙的示数是6N，则该木条的重心在距A端 　0.25　m的位置；当以乙测力计为支点时，甲测力计的示数为 　18　N。 【答案】0.25；18。 【解答】解：设木条重心在D点，当弹簧测力计甲在A的位置上，弹簧测力计乙在B的位置上时，以A端为支点，如图所示： 由杠杆平衡条件有FB×AB＝G×AD，即6N×AB＝24N×AD， 整理可得AB＝4AD，则AD＝AB＝×1m＝0.25m； 当以乙测力计为支点时，根据杠杆平衡条件有F甲×AB＝G×BD，即F甲×1m＝24N×（1m﹣0.25m），解方程可得甲测力计的示数为F甲＝18N。 故答案为：0.25；18。 2．（2023•萍乡二模）一段均匀铁管长为2m、重500N，当平放在水平地面上时，人抬起一端最少需要　250　N的力，如果保持用力的方向与铁管垂直，则在扶起铁管的过程中，所需的力逐渐　减小　（选填“增大”或“减小”）。 【答案】见试题解答内容 【解答】解： （1）由题意知，此时可以将铁棒看做是一个以铁棒没有离地端为支点的杠杆，阻力是铁棒的重力为500N， 由于铁棒是均匀的，所以阻力臂是棒长的一半，即L2＝L；当动力垂直于铁棒向上时，动力臂最大等于铁棒的长L，此时动力最小。 根据杠杆的平衡条件可得最小动力：F1＝＝＝250N； （2）如果保持用力的方向与铁管垂直，则动力臂不变，在扶起铁管的过程中，重力的力臂（阻力臂）逐渐变小，根据杠杆的平衡条件可知，所需的动力逐渐减小。 故答案为：250；减小。 3．（2023春•渝中区校级期末）如图甲是《天工开物》中记载的三千多年前在井上汲水的桔槔，其示意图如图乙，轻质杠杆的支点O距左端l1＝0.5m，距右端l2＝0.2m，在杠杆左端悬挂质量为2kg的物体A。右端挂边长为0.1m的正方体B，杠杆在水平位置平衡时，正方体B对地面的压力为20N。求： （1）此时物体A的重力为多少牛； （2）若将支点O沿水平方向移动一定距离l后，正方体B对地面的压力变为55N，且杠杆仍在水平位置平衡，求支点O移动的方向以及l的大小； （3）由l1＝0.5m，l2＝0.2m，若该处为松软的泥地，能承受最大压强为6×103Pa，为使杠杆仍在水平位置平衡，物体A的重力的范围是多少？ 【答案】（1）物体A的重力为20N； （2）支点O移动应向左移动；移动距离l为0.2m； （3）物体A的重力范围为4N～28N。 【解答】解：（1）物体A的重力GA＝mAg＝2kg×10N/kg＝20N； （2）由杠杆的平衡条件可得，杠杆右端受到绳子的拉力：F右＝GA＝×20N＝50N，因同一根绳子的拉力相等，所以正方体B受到绳子的拉力FB＝F右＝50N， 因地面对B的支持力与B对地面的压力是一对相互作用力， 所以，地面对B的支持力F支持＝F压＝20N， 对B受力分析可知，B受到竖直向上的支持力和绳子的拉力、竖直向下的重力作用处于平衡状态， 所以，由B受到平衡力可得：GB＝F支持+FB＝20N+50N＝70N； 由题意知，当支点O左移后，才会使正方体B对地面的压力变大； 因支点O左移动距离为l，此时根据杠杆平衡条件得，GA（l1﹣l）＝（GB﹣F压）（l2+l）， 代入数值得，20N×（0.5m﹣l）＝（70N﹣55N）×（0.2m+l）， 解得L＝0.2m； （3）由题意得，松软的泥地能承受的最大压力：F压′＝pSB＝6×103Pa×（0.1m）2＝60N， 由相互作用力的特点可知，松软的泥地对B的支持力F支持′＝F压′＝60N， 由B受到平衡力可得：GB＝F支持′+FB′， 则绳子对B的拉力：FB′＝GB﹣F支持′＝70N﹣60N＝10N， 由同一根绳子的拉力相等可知，此时杠杆右端受到的拉力F右′＝FB′＝10N， 则物体A的最小重力：GA′＝F左′＝F右′＝×10N＝4N， 当松软的泥地承受的压力为0时（此时F右′′＝70N时），物体A的重力最大， 由杠杆平衡条件得GA′′＝F左′′＝F右′′＝×70N＝28N， 物体A的重力的范围是4N～28N。 答：（1）物体A的重力为20N； （2）支点O移动应向左移动；移动距离l为0.2m； （3）物体A的重力范围为4N～28N。 二．探究杠杆的平衡条件（共1小题） 4．（2023春•薛城区校级月考）如图所示，小勇利用铁架台、带有均匀刻度的杠杆、细线、弹簧测力计、钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。 （1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于 　平衡　（选填“平衡”或“非平衡”）状态； （2）为了便于测量 　力臂　（选填“力”或“力臂”），应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向 　左　（选填“左”或“右”）调节； （3）杠杆调成水平位置平衡后，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 　2　个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡（图乙）；随后两边各取下一个钩码，杠杆 　左　（选填“左”或“右”）端将下沉； （4）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】（1）平衡；（2）力臂；左；（3）2；左；（4）变大。 【解答】解：（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态； （2）为了便于测量力臂，应该使杠杆在水平位置平衡；如图甲所示，杠杆右端下沉，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节； （3）若每个钩码重G，每个小格长L，如图乙所示，杠杆左边A处挂3个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可得，3G×2L＝nG×3L，解得n＝2，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码2个； 两边各取下一个钩码后，2G×2L＞1G×3L，所以杠杆左端下沉； （4）弹簧测力计在B处竖直向下拉时，拉力的方向竖直向下与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；弹簧测力计在逐渐旋转过程中，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件得，动力变大，则弹簧测力计的示数变大。 故答案为：（1）平衡；（2）力臂；左；（3）2；左；（4）变大。 三．杠杆的动态平衡分析（共1小题） 5．（2023秋•亭湖区校级期中）如图1所示，轻质杠杆可绕O转动，C点悬挂一重为G的物体M，B点受到电子测力计竖直向上的拉力F，其力臂记为l，保持杠杆水平静止，此时F与l﹣1的关系图线为图2中的①，某次操作后，仍保持杠杆水平静止，F与l﹣1的关系图线变为图2中的④，则可能进行的操作是（　　） A．将电子测力计顺时针转动30° B．将M从C点移到A点 C．增加物体M的质量 D．将电子测力计从B点移到A点 【答案】B 【解答】解：B、由图1可知，O为杠杆的支点，B点拉力F的力臂OB＝OA+AB＝2OA，C点作用力的力臂为OC， 由杠杆平衡条件可得：F×OB＝G×OC， 根据杠杆平衡条件可得：F×l＝G×OC， 解得：F＝G×OC×， 某次操作后，仍保持杠杆水平静止，F与l﹣1的关系图线变为图2中的④，l﹣1的大小相同时，F却变小了，说明G与其力臂变小了，而G不变，则是重物的力臂变小，因而是物体向左移动了，故B正确， ACD、拉力方向改变，只会改变其力臂，对图像没有影响，而物体M重力变大，则l﹣1的大小相同时应该F变大，故ACD错误； 故选：B。 四．杠杆中最小力的问题（共1小题） 6．（2023秋•赣榆区月考）如图所示，O为杠杆的支点，杠杆上挂有重为G的重物，请画出杠杆在图中位置静止时最小动力F1的示意图，以及阻力臂L2。 【答案】 【解答】解：在阻力与阻力臂一定时，要使动力最小，则动力臂必须最长；由图可知，O为支点；当动力作用在杠杆的最右端，且支点O到杠杆最右端的距离作为动力臂L时，动力臂最长，此时的动力最小；过杠杆的最右端作垂直于力臂向上的力F，即为最小力F的示意图； 从支点O做阻力作用线的垂线，阻力大小等于重物的重，该垂线为阻力的力臂，如下图所示： 五．杠杆的分类（共1小题） 7．（2023•费县一模）如图所示的工具均属于杠杆，其中省力杠杆是（　　） A．船桨 B．独轮车 C．筷子 D．钓鱼竿 【答案】B 【解答】解：A、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意； B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意； C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意； D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。 故选：B。 六．滑轮组中的相关计算（共2小题） 8．（2024•甘肃）将物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好匀速下降，已知A重60N，B重10N，则A所受地面的摩擦力为 　20　N；若对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A在原来的水平面上匀速向左运动，则拉力F大小为 　40　N。（不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦） 【答案】20；40。 【解答】解： （1）如图所示，左侧为动滑轮，右侧为定滑轮，绳子段数为2，B挂在绳子自由端，绳子自由端受到的拉力F＝GB＝10N，不计绳重、滑轮重及绳子与滑轮间的摩擦时，F＝f，则物体A受到桌面的摩擦力f＝nF＝2×10N＝20N； （2）物体A水平向左运动或水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A受到的摩擦力不变，所以物体A水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是20N； 物体A水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力20N（滑轮组对物体A施加的）、水平向右的摩擦力20N；水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，三力平衡，则水平向左的拉力F左＝F右+f＝20N+20N＝40N。 故答案为：20；40。 9．（2024春•南昌县期中）如图所示，小华用200N的拉力F向下拉动绳子，使重为500N的物块在10s内升高50cm。不计绳的重力与摩擦，求： （1）拉力移动的距离； （2）物块上升的速度； （3）动滑轮的重力。 【答案】（1）拉力移动的距离为150cm； （2）物块上升的速度为5cm/s； （3）动滑轮的重力为100N。 【解答】解：（1）由图可知，n＝3，拉力移动的距离为s＝nh＝3×50cm＝150cm； （2）物块上升的速度为： v＝＝＝5cm/s； （3）不计绳的重力和摩擦，根据F＝（G+G动）可知，动滑轮的重力为： G动＝nF﹣G＝3×200N﹣500N＝100N。 答：（1）拉力移动的距离为150cm； （2）物块上升的速度为5cm/s； （3）动滑轮的重力为100N。 七．功的计算和公式的应用（共4小题） 10．（2024•库尔勒市一模）如图所示的滑轮组，第一次匀速提升重10N的物块时，绳子自由端的拉力为5N；第二次匀速提升重22N的物块时，绳子自由端的拉力为10N。若绳重和摩擦导致的额外功占总功百分比为定值，再利用此滑轮组匀速提升重为46N的物块时，绳子自由端的拉力为（　　） A．12N B．16N C．18N D．20N 【答案】D 【解答】解：如图3股绳子，s＝3h；根据绳重和摩擦导致的额外功占总功百分比为定值，假设为k， 拉力做的总功：W总＝Fs＝Gh+G动h+kFs， 则（1﹣k）Fs＝Gh+G动h； 第一次匀速提升重10N的物块时，绳子自由端的拉力为5N；有：5N×3×（1﹣k）h＝10N×h+G动h； 第二次匀速提升重22N的物块时，绳子自由端的拉力为10N，有10N×3×（1﹣k）h＝22N×h+G动h； 利用此滑轮组匀速提升重为46N的物块时，拉力为F，有F×3×（1﹣k）h＝46N×h+G动h； 解得：k＝0.2，G动＝2N，F＝20N。 故选：D。 11．（2023春•普宁市校级月考）如图所示，重为5N的铁块吸附在竖直放置足够长的磁性平板上，在竖直向上拉力F的作用下铁块沿直线竖直向上运动，铁块运动过程中速度v的大小随时间t变化的图象如图乙所示。若铁块受到的摩擦力为2N，下列说法正确的是（　　） A．向上运动，吸引力对铁块做了功 B．在0～2s内拉力F等于5N C．在0～6s内拉力F大于7N D．在2～6s内拉力做的功为84J 【答案】D 【解答】解： A、由甲图知，磁性平板对铁块的吸引力是沿水平方向的，而铁块沿竖直方向运动，所以吸引力对铁块不做功，故A错误； B、由乙图可知，在0～2s内铁块处于加速运动状态，即此时的拉力F大于重力与摩擦力大小之和，但无法确定拉力F的大小，故B错误； C、由乙图可知，在2～6s铁块在竖直方向上做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用； 在竖直方向上受到竖直向下的重力G、竖直向下的摩擦力f和竖直向上的拉力F，根据力的平衡条件可得，f+G＝F，所以此时的拉力F＝G+f＝5N+2N＝7N，故C错误； D、在2～6s内，物体以3m/s的速度做匀速直线运动，则s＝vt＝3m/s×（6s﹣2s）＝12m， 在2～6s内拉力F做的功：W＝Fs＝7N×12m＝84J，故D正确。 故选：D。 12．（2023•仓山区校级二模）如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间的关系和物体运动速度与时间的关系如图乙、丙所示。由图象可知，当t＝3s时，物体受到的合力为 　1　N，物体在4～6s内做功 　8　J。 【答案】1；8。 【解答】解：（1）由图丙可知，4s～6s内物体的速度为v＝2m/s不变，物体做匀速直线运动，即处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，由图乙可知，推力为2N，则物体受到的滑动摩擦力f＝F＝2N； 因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关， 所以，t＝3s时，虽然物体做变速运动，其受到的滑动摩擦力仍为2N不变；物体受到的合力为3N﹣2N＝1N； （2）由v＝可得，4～6s内物体运动的距离： s＝vt＝2m/s×2s＝4m， 此过程中推力F对物体做的功： W＝Fs＝2N×4m＝8J。 故答案为：1；8。 13．（2023春•开福区校级月考）如图所示是一艘依靠太阳能驱动的船，其排水量是60t。在一次航行中，从某一时刻开始，太阳能船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图乙所示，求： （1）这艘船满载时受到的浮力； （2）该船漂浮在水面时，船舱某处距水面5m，水对该处产生的压强； （3）船在航行过程中，第50～100s内牵引力做的功。 【答案】（1）这艘船满载时受到的浮力6×105N； （2）该船漂浮在水面时，船舱某处距水面5m，水对该处产生的压强5×104Pa； （3）船在航行过程中，第50～100s内牵引力做的功2×106J。 【解答】解：（1）船的排水量，即满载时排开水的质量：m排＝60t＝60×103kg＝6×104kg， 由阿基米德原理可得船满载时受到的浮力： F浮＝G排＝m排g＝6×104kg×10N/kg＝6×105N； （2）船舱某处所处的深度h＝5m， 水对该处产生的压强： p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×5m＝5×104Pa； （3）由图乙可知，在第50s﹣100s内，船匀速行驶，速度v＝0.5m/s， 时间t＝100s﹣50s＝50s， 由v＝可得船行驶的距离： s＝vt＝0.5m/s×50s＝25m； 由图甲可知，在第50s﹣100s内，船的牵引力F＝8×104N， 在第50s﹣100s内，牵引力做的功： W＝Fs＝8×104N×25m＝2×106J； 答：（1）这艘船满载时受到的浮力6×105N； （2）该船漂浮在水面时，船舱某处距水面5m，水对该处产生的压强5×104Pa； （3）船在航行过程中，第50～100s内牵引力做的功2×106J。 八．比较功率的大小（共1小题） 14．（2023春•越秀区月考）如图1所示的物体在粗糙程度不同、长度相同的两段水平地面先后做直线运动，第二段比第一段更粗糙。第一段中，物体运动的路程和时间图像如图2时，受到的水平推力为F1；第二段物体运动的速度和时间图像如图3，受到的水平推力为F2，两次推力的功率分别为P1、P2，两次推力做的功分别为W1、W2。则下列关系正确的是（　　） A．F1＜F2 B．P1＞P2 C．P1、P2无法比较 D．W1＝W2 【答案】A 【解答】解：由图像乙可知，物体做匀速直线运动，第一段的速度大小为v1＝＝＝2m/s； 由v﹣t图像丙可知，物体的速度保持不变，即物体做匀速直线运动，第二段的速度大小为v2＝4m/s； 因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力， 物体在粗糙程度不同、长度相同的两段水平地面先后做直线运动，第二段比第一段更粗糙，说明第二段的摩擦力比第一段大， 故受到的水平推力为F1＜F2；根据W＝Fs知，路程相等，W1＜W2； 已知v1＜v2且F1＜F2，由P＝＝Fv可得，两次推力的功率P1＜P2。 故选：A。 九．功率的计算及公式的应用（共3小题） 15．（2023秋•崇川区校级月考）在课外实践活动中，小明站在学校五楼的阳台上，每隔0.5秒将一个足球丢下阳台，球由静止下落，当第五个球刚丢下时，第一个球正好落地。足球从五楼落到地面过程中，球的重力做功的功率约（　　） A．15W B．30W C．60W D．90W 【答案】B 【解答】解：足球的重力约5N，五楼的高度约12m，当第五个球刚丢下时，第一个球正好落地，说明第一个球和第五个球之间有四个间隔，第一个球下落的时间4×0.5s＝2s， 球的重力做功W＝Gh＝5N×12m＝60J， 球的重力做功的功率P＝＝＝30W。 故选：B。 16．（2023秋•涟水县月考）体育课上，同学们积极参加各项体育活动。如图甲所示，体重为600N的小明和体重为500N的小华进行跳小栏架比赛，小明用15s跳过了10个小栏架，小华用时10s。两位同学每一次跳起的高度几乎相同约25cm。小明同学跳一次小栏架克服自身重力做功约为 　150　J，小华跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率约为 　125　W。如果以跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率大为胜出标准，那么 　小华　（选填“小明”或“小华”）胜出。 【答案】150；125；小华。 【解答】解：由题知，小明体重G＝600N，每次跳起高度为h＝25cm＝0.25m， 则跳一次小栏架克服自身重力做功约为： W＝Gh＝600N×0.25m＝150J， 小明跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率为： P＝＝＝100W； 小华体重G′＝500N，则小华跳一次小栏架克服自身重力做功约为： W′＝G′h＝500N×0.25m＝125J， 小华跳完10个小栏架克服自身重力做功的功率为： P′＝＝＝125W； 因为P＜P′，所以小华胜出。 故答案为：150；125；小华。 17．（2024•盐城）“鲲龙”国产大型水陆两栖飞机AG600，最大起飞质量为53500kg，正常的巡航速度为500km/h，一次能将12000kg的水在20s内吸至4m高处。g取10N/kg。求： （1）若火场距离最近的水源100km，飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间。 （2）飞机的最大起飞重力。 （3）飞机吸水的功率。 【答案】（1）若火场距离最近的水源100km，飞机从水源地巡航到火场至少需要0.2h； （2）飞机的最大起飞重力为5.35×105N； （3）飞机吸水的功率为24000W。 【解答】解：（1）飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间为： t＝＝＝0.2h； （2）飞机的最大起飞重力为： G＝mg＝53500kg×10N/kg＝5.35×105N； （3）克服水的重力做的功为： W＝G水h＝m水gh＝12000kg×10N/kg×4m＝480000J， 则飞机吸水的功率为： P＝＝＝24000W。 答：（1）若火场距离最近的水源100km，飞机从水源地巡航到火场至少需要0.2h； （2）飞机的最大起飞重力为5.35×105N； （3）飞机吸水的功率为24000W。 一十．探究影响物体动能大小的因素（共1小题） 18．（2024•泰兴市三模）小李为研究动能大小与哪些因素有关，设计了如图所示的实验装置。让小球从斜面上由静止释放后与固定在右端的弹簧碰撞，斜面底端和水平面平滑相接，实验数据如表所示： 实验次数 小球释放的高度h/cm 小球质量m/g 弹簧长度L/cm 1 4 10 L1 2 4 20 L2 3 6 20 L3 （弹簧原长为L0，弹簧长度L为小球碰撞弹簧后弹簧的最短长度，L0＞L1＞L2＞L3） （1）实验中通过 　弹簧被压缩的程度　反映小球动能的大小；实验中小球压缩弹簧至最短的过程是将 　动　能转化为 　弹性势　能； （2）比较实验2和实验3，可以探究小球的动能与 　速度　的关系； （3）小李在实验基础上进行推理，接触面越光滑小球被弹回得越高，如果接触面绝对光滑，那么小球将 　D　； A．沿着斜面做匀速直线运动 B．不能上升到初始高度，最终静止在平面上 C．上升到初始高度后静止 D．能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动 （4）在（3）中用到一种科学方法，与下列哪个定律或原理的得出用到的方法相同 　C　。 A．阿基米德原理 B．杠杆原理 C．惯性定律 【答案】（1）弹簧被压缩的程度；动；弹性势；（2）速度；（3）D；（4）C。 【解答】解：（1）实验中通过弹簧被压缩的程度反映小球动能的大小，这是转换法；实验中小球压缩弹簧是将动能转化为弹性势能； （2）比较实验2和实验3，小球的质量相同，下落的高度不同，到达水平面的速度不同，可以探究小球的动能与速度的关系； （3）（4）小李在实验基础上进行推理，接触面越光滑小球被弹回的越高，如果接触面光滑到没有摩擦，小球运动过程中没有能量损耗，那么小球将能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动，这是推理法，故选：D； 牛顿第一定律又称惯性定律，无法通过实验证明，也是通过推理法得到的，故选：C。 故答案为：（1）弹簧被压缩的程度；动；弹性势；（2）速度；（3）D；（4）C。 一十一．机械能的概念（共2小题） 19．（2024•雅安模拟）体育课上小明同学进行垫排球训练时，他将球斜向上垫出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则排球在（　　） A．a、c两点的重力势能相等 B．a点的动能比c点的动能大 C．b点的机械能最大 D．a点的机械能比d点的机械能大 【答案】A 【解答】解：A、a、c两点的高度相同，所以重力势能相等，故A正确； B、a点到c点的过程中，由于不计空气阻力，在动能和势能转化过程中，机械能不变，由于a点的重力势能等于c点的重力势能，所以a点的动能等于c点的动能，故B错误； C、由于不计空气阻力，在动能和势能转化过程中，机械能不变，所以a、b、c、d四点的机械能相等，故C错误； D、a点的机械能等于d点的机械能，故D错误。 故选：A。 20．（2023春•通榆县月考）随着航天技术的飞速发展，我国已两次成功实现载人航天飞行。在火箭推动飞船上升阶段，宇航员是被固定在飞船座舱内的。相对于飞船而言，宇航员是 　静止　的（选填“运动”或“静止”）；飞船在加速上升阶段，其机械能 　增大　（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】静止；增大。 【解答】解：在火箭推动飞船上升阶段，宇航员是被固定在飞船座舱内，宇航员相对于飞船的位置没有发生改变，故与飞船为参照物，宇航员是静止的；飞船在加速上升阶段，重力势能和动能增加，其机械能增加。 故答案为：静止；增大。 一十二．机械能的转化（共2小题） 21．（2024•滨湖区二模）如图所示，一轻质弹簧左端固定，右端系一小物块，物块与水平面的最大静摩擦力和滑动摩擦力都为f，弹簧无形变时，物块位于O点．每次都把物块拉到右侧不同位置由静止释放，释放时弹力F大于f，物体沿水平面滑动一段路程直到停止．下列说法中正确的是（　　） A．释放时弹性势能等于全过程克服摩擦力做的功 B．每次释放后物块速度达到最大的位置保持不变 C．从开始释放到运动到O点，速度一直在减小 D．物块到达O点时速度最大 【答案】B 【解答】解：A、如果最终恰好停止在O点，则释放时弹性势能等于全过程克服摩擦力做的功，如果不是O点，则仍有弹性势能，故释放时弹性势能大于全过程克服摩擦力做的功，故A错误； BCD、开始释放时，弹力大于摩擦力，做加速运动，当弹力小于摩擦力则减速，因而弹力等于摩擦力的位置速度最大，故每次弹力等于摩擦力位置不变，且速度最大的点在O的右侧，则释放到O的过程，速度先变大后变小，故B正确，CD错误。 故选：B。 22．（2023春•湛江校级月考）如图，忽略空气阻力，球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，到达P点时离开轨道；然后球上升至最高点N后开始下落经过Q点。O、P处在同一水平高度。 （1）球在O、P两点的速度分别为vO和vp，则vO　＞　vp（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 （2）最高点N与M点对比，N 　可能　比M高（选填“可能”或“不可能”），现在N点的机械能 　等于　Q点的机械能（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 【答案】（1）＞；（2）可能；（3）等于。 【解答】解：（1）由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，因此球在OP两点的速度vo＞VP； （2）球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，球在M点既有动能又有重力势能，球上升至最高点N时，也既有动能又有重力势能，球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，球在N点的机机能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高，忽略空气阻力，球从N点到O点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能。 故答案为：（1）＞；（2）可能；（3）等于。 一十三．机械效率的大小比较（共1小题） 23．（2023秋•宝应县期中）如图（不计绳重与摩擦，且动滑轮重G动小于物重G），用它们分别将重力相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，所用的拉力分别为F甲、F乙，它们的机械效率分别为η甲、η乙．则下列关系正确的是（　　） A．F甲＞F乙 B．F甲＜F乙 C．η甲＜η乙 D．η甲＝η乙 【答案】A 【解答】解：由定滑轮的使用特点可知：F甲＝G； 由动滑轮的特点可知：F乙＝；动滑轮重G动小于乙物体的物重G，则F乙＜G，所以F甲＞F乙；故A正确，B错误； 如图所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的有用功一样大， 由于要克服动滑轮重力的作用，所以乙使用动滑轮做的总功多，由η＝×100%可知定滑轮的机械效率高，所以η甲＞η；故CD错误。 故选：A。 一十四．实验 测量滑轮组的机械效率（共1小题） 24．（2024•肇东市模拟）小敏同学用如图所示装置，测量“滑轮组机械效率”的实验，记录部分数据如表： 重物G 重物移动高度h 拉力F 第一次绳子自由端移动距离s 第二次绳子自由端相对动滑轮移动距离 20N 10cm 10N 30cm （1）第一次实验中，小敏同学在绳子自由端施加竖直向上10N拉力作用下，使20N的重物匀速向上移动了10cm，则绳子自由端移动距离s是 　30　cm，有用功W有为 　2　J。 （2）第一次实验中，若绳重及摩擦所做的功始终占总功的10%，则该滑轮组的机械效率为 　66.7%　（保留一位小数），动滑轮重为 　7　N。 （3）第二次实验中，在该拉力作用下使重物继续竖直向上移动，一段时间后，测量出绳子自由端相对于动滑轮移动的竖直距离为30cm，则第二次实验中，拉力所做的功是 　4.5　J。 【答案】（1）30；2；（2）66.7%；7；（3）4.5。 【解答】解：（1）由图可知，承担物重的绳子股数n＝3，因此，绳子自由端移动距离：s＝3h＝3×10cm＝30cm， 滑轮组所做有用功：W有＝Gh＝20N×0.1m＝2J， （2）滑轮组做的总功：W总＝Fs＝10N×0.3m＝3J 机械效率：η＝＝×100%≈66.7%， 由题意可知，绳重及摩擦所做的功始终占总功的10%，则拉力对绳重及摩擦所做的功： W1＝10%W总＝10%×3J＝0.3J， 拉力对动滑轮所做的功： W动＝W总﹣W1﹣W有＝3J﹣0.3J﹣2J＝0.7J， 由公式W＝Gh可知，动滑轮重：G动＝＝＝7N； （3）若绳子自由端相对于动滑轮移动的竖直距离为30cm，则有s′＝h′+30cm＝s′+30cm， 解得，绳子自由端移动的距离：s′＝45cm， 因此，第二次实验中，拉力所做的功：W总′＝Fs′＝10N×0.45m＝4.5J。 故答案为：（1）30；2；（2）66.7%；7；（3）4.5。 一十五．滑轮（组）的机械效率（共4小题） 25．（2024•遂宁）修建房屋时，质量为60kg的建筑工人使用滑轮组提升建材。他用竖直向下的拉力在15s内将重为480N的建材匀速提升了3m，每个滑轮重20N，不计滑轮摩擦和绳重，g取10N/kg。下列结论正确的是（　　） A．工人拉动绳子的速度为0.2m/s B．工人对绳子拉力的功率50W C．此装置的机械效率为96% D．若工人脚与地接触面积共400cm2，则他对地的压强为1.5×104Pa 【答案】C 【解答】解：A、由图可知，n＝2，绳子自由端的速度为： v绳＝nv物＝＝＝0.4m/s，故A错误； B、每个滑轮重20N，不计滑轮摩擦和绳重，自由端的拉力为： F＝（G+G动）＝×（480N+20N）＝250N， 工人对绳子拉力的功率为： P＝＝＝Fv绳＝250N×0.4m/s＝100W，故B错误； C、该滑轮组的机械效率为： η＝＝＝＝＝×100%＝96%，故C正确； D、工人对地面的压力等于人的重力减去绳对人的拉力，即F压＝G人﹣F＝m人g﹣F＝60kg×10N/kg﹣250N＝350N， 则工人对地的压强为： p＝＝＝8.75×103Pa，故D错误。 故选：C。 26．（2024•尉氏县三模）为了解决“停车难”这一城市问题，政府部门设计了“路边空中存车亭”，如图甲所示。图乙是其工作原理图，A为存车架，O为转动轴，B端固定悬挂泊车装置，BC为牵引钢丝绳，M为电动机。忽略OB的重和机械的摩擦力，下列说法正确的是（　　） A．当处于图乙位置时，OB属于费力杠杆 B．所停的车的质量越大，机械做的额外功越多 C．A和汽车的总质量越大，此装置的机械效率越高 D．C处的滑轮是动滑轮，可以省力 【答案】C 【解答】解：A、根据图乙中的杠杆可知，动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆，故A错误； B、忽略OB的重力和机械的摩擦力，对存车架做的功为额外功，存车架的重力一定，若提升高度相同时，由W＝Gh知，所停的车的质量越大，机械做的额外功不变，故B错误； C、A和汽车的总质量越大，即提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，因此机械效率变大，故C正确； D、由图可知，C处的滑轮是定滑轮，定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，故D错误。 故选：C。 27．（2024•海陵区一模）图甲是建筑工地上的起重机，图乙是其吊臂上的滑轮组装置。将质量为2t的货箱在10s内以0.2m/s的速度匀速竖直提升，滑轮组的机械效率为80%，g取10N/kg。求这段时间内： （1）货箱上升的高度。 （2）滑轮组所做的有用功。 （3）吊臂上电动机拉力F做功的功率。 【答案】（1）货箱上升的高度为2m； （2）滑轮组所做的有用功为4×104J； （3）吊臂上电动机拉力F做功的功率为5×103W。 【解答】解：（1）将质量为2t的货箱在10s内以0.2m/s的速度匀速竖直提升，则货箱上升的高度为： h＝vt＝0.2m/s×10s＝2m； （2）滑轮组所做的有用功为： W有＝Gh＝mgh＝2×103kg×10N/kg×2m＝4×104J； （3）根据η＝可知，滑轮组所做的总功为： W总＝＝＝5×104J， 吊臂上电动机拉力F做功的功率为： P＝＝＝5×103W。 答：（1）货箱上升的高度为2m； （2）滑轮组所做的有用功为4×104J； （3）吊臂上电动机拉力F做功的功率为5×103W。 28．（2023秋•姜堰区月考）如图甲所示，滑轮组在竖直向上的拉力F作用下，将重为120N的物体匀速提起，在5s时间内绳子自由端移动的距离为s＝3m。图乙是滑轮组工作时的拉力F与绳自由端移动距离s的关系图。 （1）图乙中阴影部分的面积表示的物理量是 　功　，请列式计算出该物理量。 （2）滑轮组的机械效率。 （3）若绳子能承受的最大拉力100N，求该装置的最大机械效率？ 【答案】（1）功；该物理量为150J； （2）滑轮组的机械效率80%； （3）该装置的最大机械效率90%。 【解答】解： （1）图乙中横轴表示绳子自由端移动距离s，纵轴表示拉力大小F，阴影部分是一个长方形，阴影部分的面积表示力和距离乘积，即为功； W＝Fs＝50N×3m＝150J； （2）滑轮组提升该重物时的机械效率： η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%＝80%； （3）由η＝＝＝＝＝80%，解得G动＝30N， 已知最大拉力，F′＝（G′+G动） G′＝3F′﹣G动＝3×100N﹣30N＝270N； 此时的机械效率，η′＝＝＝＝＝＝90%。 答：（1）功；该物理量为150J； （2）滑轮组的机械效率80%； （3）该装置的最大机械效率90%。 一十六．斜面机械效率的测量实验（共1小题） 29．（2023秋•溧阳市期中）如图所示是小明探究“斜面机械效率”的装置图，他在实验时用弹簧测力计拉着同一小车沿粗糙程度相同的斜面向上做匀速直线运动，改变斜面的倾斜程度分别进行了三次实验，并记录实验数据如下： 实验次数 斜面倾斜程度 小车重G/N 斜面高度h/m 沿斜面拉力F/N 斜面长s/m 有用功W有用/J 总功W总/J 机械效率/η 1 较缓 10 0.5 6.7 1 a 6.7 74.6% 2 较陡 10 0.7 8.4 1 7 b 83.3% 3 最陡 10 0.9 9.3 1 9 9.3 c （1）表格中a、b、c三处的数据依次为 　5　、　8.4　、　96.8%　。 （2）分析表格中数据，可以得出的探究结论是：斜面倾斜程度越 　缓　（缓/陡）越省力，斜面的机械效率越 　低　（高/低）。 （3）由表格中数据可知：第2次实验时，小车受到斜面的摩擦力大小为 　1.4　N：且斜面越陡，小车受到的摩擦力 　越小　（越大/不变/越小）。 （4）实验中，若物重、斜面长度不变，且斜面光滑程度一定，以下能正确表示拉力F与斜面高度h的关系的是 　B　（填字母）。 【答案】（1）5；8.4；96.8%；（2）缓；低；（3）1.4；越小；（4）B。 【解答】解：（1）由表中第1组实验数据可知，有用功W＝Gh＝10N×0.5m＝5J， 第2次实验的总功W'＝Fs＝8.4N×1m＝8.4J， 第3次实验的机械效率 η＝＝×100%＝96.8%； （2）由表中实验数据可知，斜面越来越陡，拉力越来越大，说明斜面越缓越省力，机械效率越低。 （3）根据表格的第2组实验数据知，此时克服小车重力做的有用功为： W有＝7J， 弹簧测力计拉力对小车做的总功为： W总＝8.4J， 则小车克服斜面摩擦力做的额外功为：W额＝W总﹣W有＝8.4J﹣7J＝1.4J， 根据W额＝fs得，木板对小车的摩擦力为：f＝＝＝1.4N。 对比三次数据，三次做的额外功越来越小，而斜面的长度不变，根据W额＝fs得斜面的摩擦力越来越小。 （4）实验中，若物重、斜面长度不变，且斜面光滑，不需要做额外功，则有用功和总功相等，即Gh＝Fs，在G、s不变时，F与h成正比，故图像为过原点的直线，故选：B。 故答案为：（1）5；8.4；96.8%；（2）缓；低；（3）1.4；越小；（4）B。 一十七．分子动理论的基本观点（共1小题） 30．（2024•浦口区校级三模）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测合理的是（　　） A．现象：空气中沙尘飞舞 推测：分子在做无规则运动 B．现象：注射器内的水很难压缩 推测：分子之间存在斥力 C．现象：钢丝绳很难被拉断 推测：分子之间没有间隙 D．现象：冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘 推测：分子之间存在引力作用 【答案】B 【解答】解： A、空气中沙尘飞舞是沙尘的机械运动，沙尘是眼可以看到的，不是分子，故A不合理； B、注射器内的水很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，故B合理； C、钢丝绳很难被拉断，说明分子之间存在着相互作用的引力，故C不合理； D、冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘，这是穿在身上的衣服由于相互摩擦，使衣服上带了电，而带电体会吸引不带电的轻小物体，所以衣服容易会“粘”灰，这是摩擦起电现象，故D不合理。 故选：B。 一十八．热传递改变物体内能（共2小题） 31．（2023秋•南皮县期中）如图所示，两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，乙杯的外壁比甲杯热，由此可判断 　甲　杯保温性能较好，杯壁变热是通过的 　热传递　方式改变了它的内能。 【答案】见试题解答内容 【解答】解： 两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，乙杯的外壁比甲杯热，说明乙杯的散热多，保温效果差，甲杯的保温效果好； 杯壁变热是通过热传递的方式改变了它的内能。 故答案为：甲；热传递。 32．（2023秋•睢宁县期中）将温度是300℃的铁块投入到温度是10℃的水中，铁块的内能会　减少　，水的内能会　增加　　（选填“增加”、“减少”或“不变”），这是通过　热传递　　的方式来改变内能的。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：铁块的温度高，投入到温度是10℃的水中，铁块的温度会降低，铁块的内能会减少，水吸收热量，内能增加。温度升高，这是通过热传递的方式来改变物体的内能。 故答案为：减少；增加；热传递。 一十九．物体内能的改变（共1小题） 33．（2023秋•汉中期末）如图所示的四个事例中，其中一个改变物体内能的方式与其它三个不同，它是（　　） A． 给冷水加热 B．压缩空气温度升高 C． 下滑时臀部发热 D． 搓手取暖 【答案】A 【解答】解： A、给冷水加热，属于热传递改变物体的内能； B、压缩空气温度升高，迅速压下活塞棉花着火燃烧，属于做功改变物体的内能； C、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能； D、搓手取暖，属于做功改变物体的内能； 可见只有A选项与其它选项的方式不同。 故选：A。 二十．比热容的概念及其计算（共2小题） 34．（2023秋•海珠区期末）把﹣10℃的铁块放进0℃的水中，一段时间后，所有物体均保持在0℃不变。不考虑它们与外界的热传递，此过程（　　） A．肯定有水凝华成冰 B．水的内能不变 C．水的内能在减少 D．能说明水的比热容大于铁的 【答案】C 【解答】解：把﹣10℃的铁块放进0℃的水中，一段时间后，所有物体均保持在0℃不变，会发生热传递，在这个过程中，水的热量传递给铁块，会导致水的内能降低，铁的内能增大，所以B错误，C正确； 水的内能降低，会使一部分水凝固成冰，所以A错误；根据题目中给定的一些信息，无法判断二者的比热容大小，所以D错误。 故选：C。 35．（2024•贺州一模）酒精涂抹在手上有凉凉的感觉，是因为酒精蒸发，　吸收　热量的缘故；用两个相同电热器，同时给初温、质量相同的水和煤油加热，煤油比水温度升高快，是因为水的 　比热容　比煤油大。 【答案】吸收；比热容。 【解答】解：酒精涂抹在手上有凉凉的感觉，是因为酒精蒸发变为气体的过程需要吸收热量的缘故； 用两个相同电热器，相同时间的热量相等，同时给初温、质量相同的水和煤油加热，煤油比水温度升高快，相同时间煤油升高的温度大，根据Q＝cmΔt可知，煤油的比热容较小，故是因为水的比热容较大。 故答案为：吸收；比热容。 二十一．实验 比较不同物质吸热的情况（共3小题） 36．（2024•双流区二模）小红想“比较水和某种食用油的吸热能力”哪个更强？为此她用完全相同的实验装置分别加热质量均为200g的水和食用油，一些物质的沸点如表所示，实验中她正确使用温度计测出了不同时间水和食用油的温度，并绘制了如图所示的温度随时间变化图像。若单位时间内食用油和水吸收的热量相等，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。小红根据实验结果作出以下判断，你认为正确的是（　　） 标准大气压下 物质 沸点/℃ 酒精 78 煤油 150 水银 357 A．实验中若选择煤油温度计测量结果会更准确 B．食用油的末温度比水的高，所以它的吸热能力更强 C．第4﹣﹣6min内水吸收的热量是3.36×106J D．这种食用油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） 【答案】D 【解答】解：A、由图知，食用油的沸点为260℃大于150℃，要选用水银温度计，故A错误； B、食用油的末温度比水的高，所以它的吸热能力更弱； C、0﹣4分钟水吸收的热量： Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（100℃﹣20℃）＝67200J； 由转换法，第4﹣﹣6min内水吸收的热量是： Q＝0.5×67200J＝33600J＝3.36×104J 故C错误； D、由上图可知，0﹣6分钟食用油升高的温度为 260℃﹣20℃＝240℃， 由转换法，0﹣6分钟食用油吸热是0﹣4分钟水吸收热量的1.5倍，故有 1.5Q水＝Q油 即 1.5c水mΔt水＝c食用油mt食用油 故这种食用油的比热容为 c食用油＝×1.5c水＝×1.5×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。 故D正确。 故选：D。 37．（2023秋•宿迁期末）小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为0.5kg的水和另一种液体（水的比热容大于另一种液体）进行对比实验，并用图象对实验数据 进行了处理，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出：另一种液体的比热容为 　2.1×103　J/（kg•℃），这种液体在0﹣15min内放出的热量为 　4.2×104　J。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 【答案】2.1×103；4.2×104J。 【解答】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢，所以，甲液体的比热容大于乙液体的比热容，所以甲液体是水，乙液体是另一种液体；由图可知：液体的初温是60℃，放热15分钟后甲液体的末温是40℃， 则水放出的热量： Q放＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。 由题知，而水和乙液体的质量相同，即m水＝m乙， Q水放＝Q乙放，即：c水m水Δt＝c乙m（60℃﹣20℃）＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。 解得c乙＝2.1×103J/（kg•℃）； 这种液体在0～15min内放出的热量与水放出的热量相同为：Q放′＝Q放＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（60℃﹣40℃）＝4.2×104J； 故答案为：2.1×103；4.2×104J。 38．（2023秋•青岛期末）用如图所示的实验装置探究“比较不同物质的吸热情况”。 （1）实验中需加热 　质量　（选填“质量”或“体积”）相同的水和液体甲，使它们升高相同的温度，通过比较 　加热时间　来反映水和液体甲吸收热量的多少，以此比较不同物质的吸热能力； （2）实验中用两个相同的加热器给液体加热，这样做的目的是：使水和液体甲在相同的时间内 　吸收热量　相同； （3）实验时也可以加热相同的时间，通过比较它们 　温度的变化　来判断水和液体甲吸热能力的强弱； （4）根据实验数据，小明作出了水和液体甲的温度随时间变化的图象，如图乙所示，其中a是水的温度随时间变化的图象，则液体甲的比热容为 　2.8×103　J/（kg•℃）。 【答案】（1）质量；加热时间；（2）吸收热量；（3）温度的变化；（4）2.8×103。 【解答】解： （1）探究物质吸热能力实验，实验中应量取质量相同的水和甲两种液体，分别倒入相同的烧杯中；加热时间反映吸收热量的多少这是转换法； （2）用相同的电加热器加热，加热相同的时间，放出的热量就是相等的，水和甲吸收的热量也就是相等的，所以水和液体甲吸热的多少是通过加热时间来反映的； （3）使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （4）由图乙可知，设加热1min吸收的热量为Q吸，从10℃升高至30℃，b吸收的热量为3Q吸，a（水）吸收的热量为4.5Q吸， 根据Q吸＝cmΔt，c甲：c水＝：＝，故c甲＝c水＝4.2×103J/（kg•℃）×＝2.8×103J/（kg•℃）。 故答案为：（1）质量；加热时间；（2）吸收热量；（3）温度的变化；（4）2.8×103。 二十二．热平衡方程的应用（共1小题） 39．（2023秋•台江区期中）在一个标准大气压下，一质量为2kg的金属块，被加热到500℃后，立即投入质量为1千克，温度为20℃的冷水中，不计热量损失，最终水的温度升高到80℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]求： （1）水吸收的热量。 （2）金属块的比热容。 【答案】（1）水吸收的热量为2.52×105J； （2）金属块的比热容为0.3×103J/（kg•℃）。 【解答】解：（1）水吸收的热量： Q吸＝c水m水（t﹣t0水）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（80℃﹣20℃）＝2.52×105J； （2）根据题意可知，金属块放出的热量与水吸收的热量相等，即Q吸＝Q放＝2.52×105J， 由Q放＝cm（t0﹣t）得金属块的比热容： c金＝＝＝0.3×103J/（kg•℃）。 答：（1）水吸收的热量为2.52×105J； （2）金属块的比热容为0.3×103J/（kg•℃）。 二十三．燃料的热值及其计算（共2小题） 40．（2023秋•建邺区期末）如图甲、乙所示，相同烧杯装有质量相等的水，分别用a、b两种燃料进行加热，直至杯内水沸腾1min后停止加热，测得消耗a、b的质量分别为ma、mb，且ma＞mb。甲、乙烧杯中水的温度与加热时间的关系如图丙所示，若同一杯水单位时间内吸收的热量相同，不计热量损失和水的质量变化，a、b两种燃料的热值分别为qa、qb，则下列说法正确的是（　　） A．沸腾前，乙杯中的水吸收的热量更多 B．甲、乙两杯水单位时间内吸收的热量相同 C．整个过程，甲杯中的水吸收的热量更多 D．a燃料的热值qa一定大于b燃料的热值qb 【答案】C 【解答】解：ABC、由题意，由于甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，根据Q吸＝cmΔt可知水沸腾前，两杯水吸收的热量相等；所用时间不同，所以甲、乙两杯水单位时间内吸收的热量不同；且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则整个过程甲、乙两杯水所吸收的热量分别为： Q甲＝，Q乙＝，所以整个过程，甲杯中的水吸收的热量更多，故A错误，B错误，C正确； D、整个过程，甲杯中的水吸收的热量更多，a燃料放出的热量多，由于ma＞mb，a燃料的热值不一定大于b的，故D错误。 故选：C。 41．（2023秋•衡南县期末）如图所示，为比较a、b两种液体的比热容及1、2两种燃料的热值，甲、乙、丙三图中的装置相同，燃料的质量均为10g，烧杯内的液体初温相同，当燃料燃尽时，立即读取相应温度计的读数，分别为t甲、t乙、t丙，且有t甲＞t乙＞t丙。 （1）在实验中，三个烧杯中a、b液体的 　质量　（选填“质量”或“体积”）必须相同； （2）比较两种燃料的热值，应选择 　甲、乙　两图进行实验，实验时要观察 　液体升高的温度　（选填“加热时间”或“液体升高的温度”）比较两种燃料的热值大小； （3）燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，q1　大于　q2（大于/等于/小于）； （4）通过实验得到的燃料热值与实际相比是偏 　小　（选填“大”或“小”）。 【答案】（1）质量；（2）甲、乙；液体升高的温度；（3）大于；（4）小。 【解答】解：（1）根据控制变量法的要求，在实验中，三个烧杯中a、b液体的质量必须相同； （2）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，故应选择甲、乙两图进行实验； （3）由题意知甲、乙两实验烧杯中液体的初温相等，末温t甲＞t乙，则Δt甲＞Δt乙， 由图甲、乙所示实验可知，两烧杯中的液体种类即比热容c、质量m都相等，由热量公式Q吸＝cmΔt可知， Q甲＞Q乙，燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则燃料释放的热量Q1＞Q2， 由于甲、乙两实验所使用的燃料质量m相同而种类不同，由Q放＝mq可知，q1＞q2； （4）因燃料不能完全燃烧，且存在热散失，燃料燃烧放出的热量没有全部被水吸收，所以测得的热值会偏小。 故答案为：（1）质量；（2）甲、乙；液体升高的温度；（3）大于；（4）小。 二十四．热机的效率（共3小题） 42．（2023秋•杜尔伯特县期末）2023年慕尼黑车展，一半是欧洲车，一半是中国车，中国车大放异彩，下列与小汽车有关的说法错误的是（　　） A．如果四冲程内燃机的转速是600r/min，那么它每秒做功5次，共有20个冲程 B．汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞 C．使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率 D．在做功相同的情况下，热机的效率越高，消耗的燃料越少 【答案】B 【解答】解：A、如果四冲程内燃机的转速是600r/min＝10r/s，则每秒完成5个工作循环，共有5×4＝20个冲程，对外做5次功，故A正确； B、汽油机的顶端是火花塞，柴油机的顶端是喷油嘴，故B错误； C、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，使燃料燃烧更充分，可以提高燃料的利用率，可以提高热机效率，故C正确； D、根据η＝和Q放＝mq可知，在做功相同的情况下，热机的效率越高，消耗的燃料越少，故D正确。 故选：B。 43．（2024•鹤山市校级模拟）某汽油机工作时的能量损失情况是：汽缸散热损失30%，废气带走35%，机械摩擦及其它损耗总和为10%。已知汽油热值为4.6×107J/kg。则该汽油机工作时汽油燃烧释放能量的 　25　%转化为机械能；若该汽油机消耗2kg汽油，获得的机械能为 　2.3×107　J；经过不断改进和创新，汽油机的效率 　不可以　（选填“可以”或“不可以”）可以提高到100%。 【答案】25；2.3×107；不可以。 【解答】解：热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由题意可知，输出有用机械能所占比例为：100%﹣30%﹣35%﹣10%＝25%，即该汽油机的效率为25%； 2kg汽油完全燃烧放出的热量为： Q放＝mq＝2kg×4.6×107J/kg＝9.2×107J， 获得的机械能为： W＝ηQ放＝25%×9.2×107J＝2.3×107J； 汽油机在工作时不可避免的有能量损失，而且要克服机械部件间的摩擦做额外功，效率一定小于100%。 故答案为：25；2.3×107；不可以。 44．（2024•锡山区三模）如图所示是一款无人驾驶巴士，其空车质量为3000kg，静止时轮胎与地面接触的总面积为0.2m2．车满载并以36km/h的速度匀速直线行驶时，发动机的输出功率为13.8kW。（q汽油＝4.6×107J/kg，g取10N/kg）求： （1）该车空载静止在水平路面上时，对路面的压强； （2）以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，牵引力做的功； （3）若该车用效率为30%的汽油机提供动力，且以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，则需消耗汽油的质量。 【答案】（1）该车空载静止在水平路面上时，对路面的压强为1.5×105Pa； （2）以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，牵引力做的功为1.38×106J； （3）若该车用效率为30%的汽油机提供动力，且以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，则需消耗汽油的质量为0.1kg。 【解答】解：（1）该车空载时的重力G＝mg＝3000kg×10N/kg＝3×104N， 对路面的压力为F压＝G＝3×104N， 对路面的压强为： p＝＝＝1.5×105Pa； （2）该车速度v＝36km/h＝10m/s，匀速直线行驶了1km所用的时间为： t＝＝＝100s， 根据P＝可知，牵引力做的功为： W＝Pt＝13.8×103W×100s＝1.38×106J； （3）根据η＝知，汽油完全燃烧放出的热量为： Q放＝＝＝4.6×106J， 需要消耗汽油的质量为： m汽油＝＝＝0.1kg。 答：（1）该车空载静止在水平路面上时，对路面的压强为1.5×105Pa； （2）以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，牵引力做的功为1.38×106J； （3）若该车用效率为30%的汽油机提供动力，且以36km/h的速度满载匀速直线行驶了1km，则需消耗汽油的质量为0.1kg。 二十五．电流的方向（共1小题） 45．（2024•庐阳区二模）如图所示，将与衣服摩擦过的气球靠近从水龙头中流出来的一小束水流，水流向气球方向弯曲了。下列有关过程说法正确的是（　　） A．气球和衣服摩擦时创造了电荷 B．衣服摩擦气球过程中将电能转化为机械能 C．水流弯曲是因为带电体吸引轻小物体 D．带负电荷的气球，与不带电的手形成瞬间电流时，电流方向由气球到手 【答案】C 【解答】解：A、气球在衣服上摩擦几下后带有电荷，实质是电荷的转移，故A错误； B、衣服摩擦气球过程中将机械能转化为电能；故B错误； C、气球在衣服上摩擦几下后带有电荷，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，靠近水流时会吸引水流，使水流弯曲，水流被吸引，故C正确； D、带负电荷的气球，与不带电的手形成瞬间电流时，电流方向由手到气球，故D错误。 故选：C。 二十六．电源及其能量转化（共2小题） 46．（2023秋•溧阳市期中）下列说法中不正确的是（　　） A．干电池是一种直流电源 B．连接电路时，开关必须处于断开状态 C．电源是把其它形式的能转化为电能的装置 D．用电器是把其它形式的能转化为电能的装置 【答案】D 【解答】解； A、干电池对外供电时输出电流的方向不变，所以干电池是一种直流电源，故A不符合题意； B、连接电路时，开关必须处于断开状态，故B不符合题意； C、电源是把其它形式的能转化为电能的装置，故C不符合题意； D、用电器是把电能转化为其它形式的能的装置，故D符合题意。 故选：D。 47．（2023秋•崇义县期中）近几年，随着电动汽车的普及，为电动汽车提供电能的充电桩数量在全国迅猛增加。如图所示，充电桩为电动汽车的电池充电时，电能转化为 　化学　（选填“机械”或“化学”）能，电池相当于电路中的 　用电器　（选填“电源”或“用电器”）。 【答案】化学；用电器。 【解答】解：充电桩为电动汽车的电池充电时消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程，故电池相当于电路中的用电器。 故答案为：化学；用电器。 二十七．电路图及元件符号（共1小题） 48．（2023秋•阳春市期末）要求闭合开关S，两灯能正常发光，请在图中圆圈内填上合适的元件。 【答案】。 【解答】解：下面的圆圈与灯泡并联，是电压表；上面圆圈和灯泡串联，是电流表；如图所示： 。 二十八．串、并联电路的概念与辨别（共1小题） 49．（2023秋•汉中期末）如图所示的电路中，下列说法中正确的是（　　） A．开关S控制灯L1 B．电灯L1、L2是串联的 C．只有L1、L2是并联的 D．灯L1、L2、L3都是并联的 【答案】D 【解答】解：由电路图可知，电流从正极出发，经过开关后分成三条支路，分别流过三个灯泡，然后全部流入电源负极，电流在电路中有三条路径，因此三个灯泡是并联，开关控制整个电路。 故选：D。 二十九．串、并联电路的设计与应用（共1小题） 50．（2024•凉州区校级一模）在奥运会的击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路接通，乙方指示灯灯亮，下面能反映这种原理的电路是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：由于甲、乙两方指示灯互不影响，则两指示灯并联，S甲与乙方指示灯串联，S乙与甲方指示灯串联。故D符合题意。 故选：D。 三十．电路的基本连接方式（共1小题） 51．（2023秋•渠县期末）如图所示的电路中，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡 　L1、L3　串联；当开关S、S1、S2均闭合时，灯泡 　L1、L2　并联。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：当S1和S2断开时，L1和L3接入电路，电流只有一条路径，所以L1和L3串联。 当S、S1、S2都闭合时，灯泡L3因S1的闭合被短路，L1和L2并联。 故答案为：L1、L3；L1、L2。 三十一．根据实物图画电路图（共1小题） 52．（2022秋•辽阳期末）如图所示实验电路相对应的电路图是下列选项中的（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：由实物图可知，电流从电源的正极出发，经过开关S、电流表A2，然后分成两条支路，一条经过灯泡L2和电流表A1，另一条经过灯泡L1，两条支路汇合后流回电源的负极，与图D相符，故D正确；ABC错误。 故选：D。 三十二．实物的电路连接（共1小题） 53．（2023秋•普陀区期末）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线连接。要求：向右移动滑片P，电压表示数减小。 【答案】。 【解答】解：由图将滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，根据串联电路的分压原理可知，滑片右移电压表示数变小，应使滑动变阻器连入阻值变大，故应将其左下接线柱接入电路，如图所示：。 故答案为：。 三十三．探究串联电路中各处电流的关系（共2小题） 54．（2023秋•静安区期末）在“探究串联电路电流特点”的实验中，连接电路时开关应处于 　断开　状态，应将电流表 　串　联在电路中，且使电流从电流表的 　正　接线柱流入，在此实验中，需要将电流表连接在电路中的 　多个　位置（选填“某个”或“多个”）。 【答案】断开；串；正；多个。 【解答】解：为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态； 应将电流表串联在电路中，且使电流从电流表的正接线柱流入； 用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多，因此在此实验中，需要将电流表连接在电路中的多个位置。 故答案为：断开；串；正；多个。 55．（2022秋•吴江区期中）如图是“探究串联电路电流特点”的实验电路图： （1）刚连接电路后，两灯泡都亮，由于连线较乱，一时无法确定电路是串联还是并联，以下两种简单判断方法是否可行？请你在表中空格填写“可行”或“不可行”。 方法 操作 现象 结论 方法是否可行 方法1 把其中一灯泡从灯座中取下 另一灯熄灭 两灯一定是串联 　可行　 方法2 把任意一根导线断开 两灯熄灭 两灯一定是串联 　不可行　 （2）确定了电路连接正确以后，如表是某同学实验中的一组数据： 电流表的位置 A B C 电流I/A 0.3 0.3 1.5 指出表格所记录的数据中，明显错误的数值是 　1.5　，造成错误的原因是 　按大量程读数了　。 （3）当用电流表测出A、B、C三点的电流并记录数据后，下一步应该做的是 　B　。 A．整理器材，结束实验 B．换不同规格的小灯泡再测几组电流值 C．分析数据，得出结论 D．换电流表的另一量程再测一组电流值 （4）实验中发现两个串联的小灯泡，一个很亮，一个发光微弱，造成这种现象的原因可能是 　C　。 A．通过两个灯泡的电流大小不同 B．发光微弱的灯泡的灯丝断了 C．灯泡的规格不同 D．发光微弱的灯泡被短路。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）方法1：把其中一只灯泡从灯座中取下来，如果观察另一只灯泡熄灭，则亮灯一定是串联，该方法是可行的； 方法2：把任意一根导线断开，如果观察两灯都熄灭，则是无法确定两灯的连接方式的。因为两灯无论是串联还是并联，当把任意一根导线断开时，都有可能造成两灯熄灭。串联电路的电流路径只有一条，一处断开则电路中就不会有电流，两灯都不发光；并联电路的电流路径虽然有多条，各用电器可以独立工作，但如果是并联电路干路上的导线断的话，则也会造成两灯都不发光，所以该方法是不可行的。 （2）由表中实验数据可知，电路电流应该是0.3A，因此1.5A数据明显错误；这是因为，在读数时，错把电流表把电流表0～0.6A量程当作0～3A量程了。 （3）一次实验的结果带有一定的偶然性，所以应改变实验条件，即换用不同规格的灯泡使电路中的电流发生变化，再进行几次测量，才能得出可靠的结论。而改变电流表的量程则无助于实验结论的得出，故选B； （4）实验中发现两个串联的小灯泡，一个很亮，一个发光微弱，说明两灯的实际功率不同，两灯串联在电路中，电流相等，根据P＝UI，可以判断较亮的实际电压远远大于微弱发光的实际电压，说明亮灯的规格不同，故选C。 故答案为：（1）可行；不可行；（2）1.5；按大量程读数了；（3）B；（4）C。 三十四．并联电路的电流规律（共1小题） 56．（2022秋•淄川区期末）如图甲是小明用电流表测量电流的电路图，两个电流表是同一规格。闭合开关后，两电流表的指针都正常偏转且位置相同（如图乙），则通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是 　4：1　；若把灯L1与灯L2串联，通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是 　1：1　。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：因为电流表的大量程和小量程的分度值之比为1：5，且A1测量干路中的电流，即为大量程，所以A1与A2的示数之比为5：1，L1中的电流等于干路中的电流减去L2中的电流，即I1＝I﹣I2，则通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是I1：I2＝（5﹣4）：1＝4：1。 由于串联电路中电流处处相等，所以若把灯L1与灯L2串联，通过灯L1的电流与通过灯L2的电流之比是1：1； 故答案为：4：1；1：1； 三十五．电压表的读数（共1小题） 57．（2024•扬中市二模）（1）图1中，电压表示数为 　2.3　V； （2）图2中，物体长度为 　1.40　cm； （3）图3中温度计示数为 　2　℃。 【答案】（1）2.3（2）1.40（3）2 【解答】（1）2.3（2）1.40（3）2 三十六．串联电路的电压规律（共2小题） 58．（2024•顺义区二模）如图所示，闭合开关S，两电路中的小灯泡均发光。若电压表V、V1和V2的示数分别为U、U1和U2，电流表A、A1和A2的示数分别为I、I1和I2，则下列关系正确的是（　　） A．U1＝U B．U＞U2 C．I＜I2 D．I1＝I 【答案】B 【解答】解：据甲图可知，两个灯泡是串联的，据串联电路中，各部分的电压之和等于总电压可知，L1和L2电压之和等于总电压，即U＝U1+U2；故U＞U2．故A错误；B正确。 据乙图可知，两个灯泡是并联的，据并联电路中，干路电流等于各支路电流之和可知，L1和L2的电流之和等于总电流，故I＝I1+I2；故CD错误。 故选：B。 59．（2023秋•新沂市期中）如图所示的电路中，当电路闭合后，V1和V2的示数分别如图所示，则V1表示数为 　5.5　V，V2表示数为 　2.5　V，小灯泡L1两端的电压U1＝　3V　。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：电压表的电阻很大，去掉两个电压表，两个灯泡是串联的。 电压表V2和灯泡L2并联，测量L2的电压。电压表V1并联在L1和L2的两端，测量L1和L2的总电压。 电压表V1的示数大于电压表V2的示数，但是电压表V1的指针偏转小于电压表V2的指针偏转， 电压表V1选择0～15V的量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，L1和L2的总电压为5.5V。 电压表V2选择0～3V的量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，L2的电压为2.5V。 L1的电压为：U1＝U﹣U2＝5.5V﹣2.5V＝3V。 故答案为：5.5；2.5；3。 三十七．探究并联电路中的电压规律（共1小题） 60．（2023秋•营口校级期中）如图，在探究“并联电路的电压规律”实验中，小南使用了两个相同的灯泡： （1）连接好电路后闭合开关，小南发现L1亮、L2不亮，她用手按一下L2，两灯都亮，松开手仍然是L1亮、L2不亮，则故障可能是 　L2接触不良　。 （2）排除故障后，如图乙所示的电路图中，用电压表接在ab两点之间时，闭合开关，电压表的示数如图丙所示，电压表的读数为 　2.8　V。 （3）依次将电压表接入到电路中的ab、cd、ef两点之间，小南发现电压表示数相等。由此他得到结论：并联电路中，各支路两端的电压相等。此结论 　不科学　（选填“科学”或“不科学”），接下来应该进行的操作是 　A　。 A.更换不同规格的灯泡，再次实验 B.将L1、L2的位置交换，再次探究 C.保持电源、灯泡不变，多测量几次电路中三处的电压 （4）小南发现家里客厅的灯L1比卧室的灯L2亮，两灯对应的电压U1和U2的大小关系是U1　＝　U2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 【答案】（1）L2接触不良；（2）2.8；（3）不科学；A；（4）＝。 【解答】解：（1）L1亮、L2不亮，说明L1正常，L1所在支路正常，L2没有电流通过，用手按一下L2，两灯都亮，松开手仍然是L1亮、L2不亮，说明L2所在支路正常，问题在L2自身，即故障可能是L2接触不良； （2）由图甲可知，电压表选用小量程；用电压表接在ab两点之间时，闭合开关，电压表的示数如图丙所示，电压表分度值0.1V，其示数为2.8V； （3）只做一次实验就得出结论，实验结论具有偶然性，故此结论不科学；在探究“并联电路的电压规律”实验中，应该更换不同规格的灯泡多次实验，故A正确，BC错误；故选：A； （4）小南发现家里客厅的灯L1比卧室的灯L2亮，因为家庭电路中各用电器之间是并联关系，根据并联电路电压规律，并联电路中各支路电压都相等，因此两灯对应的电压U1和U2的大小关系是U1＝U2。 故答案为：（1）L2接触不良；（2）2.8；（3）不科学；A；（4）＝。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！10 学科网（北京）股份有限公司 $$