2024年新高考物理【衡水金卷·先享题·信息卷】模拟试题（江西专版）01

2024年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 谁杜向外移动(未到达管口),若不计大气压强的变化和油柱与吸管间的摩擦力,气 物理(一) 体可视为理相气体,则该段时问内 本试卷共8页,15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 A.环墙度隆量 注意事项: B.内气体的压强增大 C.罐内气体对外界功 1.答题前,先将自已的姓名,考号等填写在答题卡上,并将准考证号条形码粘贴& 气高 答题卡上的指定位置。 D.罐内气体向外界放热 2.选择题的作答;选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 4.如图所示,带电粒子仅在磁场力作用下绕融感线做握坑运动,带电粒子从P点向Q 涂黑,写在试是卷,草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 点运动的过程中,下弼说法正确的是 A.较子的动能跳来越大,转半径隐来越生 3.案选择题的作答,用答字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷。 。 草稿纸和答是卡上的非答题区城均无效。 B.粒子的动能越来越大,旋转半径越来越大 4.考达结束旨,语将本运题卷和鉴题卡一并上交。 C.粒子的动能不变,旋转半径越来越小 一.选择题:本题共10小题,共46分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一 D.粒子的动能不变,转率径精来越大 项符合题目要求,每小题4分:第8一10题有多项符合题目要求,每小题6分,全部 5.2023年10月26号神舟十七号载人飞船成功发射,与“天宫”空画站成功对接,如图 选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 所示为其发射过程的示意图,首先飞船发射到近地因轨道1上,终后在A点点火加 1.2023年9月21日下午,“天官课堂”第四课开课,神舟十六号“博士乘组”给梦天阅舱 速使飞船清园轨道2运行,A、B分别为轨道2的近地点与运地点,最终在远地点B 舱门贴上了一米见方的标准网格布,演示了用一个质量为500克的小铜球甲沿水 与在睡轨道3运行的空间站对接,已知引力盒量为G,地球的质量为M,飞幅的质是 方房与一个质量为100克的静止小键球乙发生正碰的实验,若两球碰撞时没有机械 能失,下列说法正确的是 A.两球琴后沿相反方自话动 B.两球疑旨,当小球乙走过格时,小球甲走过2超 加速需对飞蚂的功为 .Mr. n_. C.两球碰后,当小球乙走过格时,小球甲走过2格 A.G D.若两球发生斜碰,动量不守恒 C D 2.聚变反应中的一种方程为H+H一·He+r十AE,已知相关原子核的比结合能如 表所示,刻下列说法正确的是 6.如图所示,数为、面积为S、阻信为R的闭合线测od水平效置,线圈处在硬盛应 1H 强度大小为B的匀强跳场中,磁场方向与线圈平面的夹角为60,若线圈以边为 1.oo.MeV .7MV 7.0Me 轴以角速度沿进时针方向转过180,则该过程中 B:为中子,-2MeV A为质子,-3?MeV ##_ C.为质子.E一17.6MeV D.为中子,E-17.6MeV 3.如图所示,某网学设计了一个简易的气提计,将一根透明吸管插人一个空的钥刻的 导热性良好的饮料罐中:接口用蜡密封,在吸管内引入一小段油柱,经过一段时间后 物选(一)第1页(共8页] 衡水全卷·先享题·提息卷 物理一1笔:页(共8页) 江薛 A.缓圈中感应电流的方向一直不 B.线剧转过120时惑应电流为零 10.如图所示,长本板C静置在水平桌面上.两小物块A、B分别静置在C的左临和中 D.线圈产生的耳热为- 点,C的右渐有一直固定的挡板P,P的厚度可忽略不计,A.B之刻和B.P之间 2R 的距离均为L.A.B、(C(连同挡板P)的质量相同,所有接触面间的动摩擦因数均为 7.如图所示,长度均为0.75m的本板A与木板B靠在一起静置在水平地面上,木& n.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,现使A以初速度n:向有运动,之后所有碰撞均 为弹性正敬,碰撞时问极短,A.B均可视为质点,重力加速度为g.则下列说法正确 一1.6k的小物块以某一初速度1.滑上本板A.小物块与本板A之间的动摩擦因数 的是 n-0.5.与本板B之间的动厚擦因数为n.重力加速班g-10m/,小物块可视为 A.若②gL,则A将与B发生碰措 质点,为使小物块留滑上木板B.并使两本板A.B分离,则1,应满足 B.若/②gL,则B将与P发生硅望 27777777777777727777777777 C.若14vgL,则A将从C上掉下 A.>3n/ → D.无论i.改何值,A与B都不可能在C上发生第二次碰接 B3m/s一0 二、非选择题:本题共5小题,共54分。 #1# C> n/0 11.(分) 某同学设计了一种测量半圆柱破璃砖折射率的方法,该回学的主要操作步骤如下: B.关干该的干涉,下列说法正确的是 ①如图所示,在白纸上画出两条相互看直的线段b和cor,交点标 A.在主涉图样中:动加强(减路)区技的重点:基位移始终保持最古(最小 记为0点;将破璃砖的围心与0点重合,直径与xb重合 B.干涉是波特有的现象,若两列波能够发生干涉,这两列波的幅率一定相等 ②沿0射人一束激光: C.在发声音叉闹用走一图:会听到声音驾强忽:说明声波可产生干渗现象 ①以图心O为轴,沿送时针方向缓慢转动破璃砖,观察从破璃砖折 D.“闻其声不见其人”的意思是没有见列人,只听到说话声,这是波的干涉现多 出的光线. 9.某实验小组用如图甲所示的电路探究电容器的充,故电规,先使开关5与1缓相 (1)若将破骑砖从图示位置沿道时针方向转过a(0 90)角,可能观察到的实验 连,然后把开关掷向2端,电流传感器将电流信息传人计算机,在计算机屏幕上显示 魏有 .(填正确答案标号 出电流与时间!的关系图像如图乙所示,下列说法正确的是 A.折射光绿在a5上力 { B.折射光线在下方 C.析射光线与重合 D.无新射光线 (2)若格装略陵从图示位置滑逆时针方向转过.角时,听射光线恰好出现;从图示 位置沿逆时针方向转过。:角,折射光线恰好消失,已知D 。 180{},根据以上信 息,可得出折射率x一__。(填正确答案标号) A.充电过程中,电容辈的电容逐渐增大 sin({) B- in二) cost叶) B.i-,图像中两阻影部分的面积关系为S一S co() C.增大电阻R的阻值可以延长放电时间 (3)实验中,当折射角大于85时:折封光线已十分做弱:不可现测:划通过(2)中表 D.增大电阻R.的阻值,充电过程中R.消耗的电能不变 达式涨得的折射率相对真实值 (填“偏大”“偏小”或“不变”) 衡水金卷·先题·信息卷 物理(一])第页(共8页 物理[一)第:贺(共8页] 江专服 1.(分) 13.(0分) 某小组要测量一只标有“3.DV 0.45W”的小灯泡在翻定电压下的实际功率,准 如图所示,一位网球运动员在距水平地画高度A.一3m处用球拍击球,使网球沿水 备的潜材如下: 平方向飞出,对方运动员在离地上一1.2n处将网球垫起,垫起后附间网球逸度大小不 A.电压表V(量程为3V,内图未知: 变,方向与水平方向的夹角?一53,两击球点间的水平距离z一4.8m,已知重力加速 B.电流表A(量程为200mA.内阻未知); 度-10m/s,不计空气阻力,网球可视为点,sin53一0.8.0s53-0.6,求 C.潜动变阻器R(阻值范为0-10D.定电流为2A); (1)网球沿水平方向飞用的初凌度大小 D.电流祖(电动势为6V.内期不计) (2)愁起局网段永平地的量大高度 E.开关和导线若干. 该小组的测量方案如下:首先将电压表接在如图甲所示电路的0.P两点之间,改 变清动变朋琴挤人电路的阻值,记是下多组电流表和束压表的示整,然后将电压表接 0.Q两点之间,改变滑动变阻器接入电路的阻值,记录下多组电流表和电压表的示数 最后描点作图得到如图乙所示的两条1一U图线,请问答下列阿题 ,-; (1)图乙中标记为l的图线是将电压表接在 (填“0.P“或“0.Q)两点之 时测的. (2)圈乙中标记为I的图线上电压为3V的点对应小灯泡两端的实际电压U (填“““”或“-“)aV。 (3)甲同学为了得到更准确的实验结果,通过半偏法测得电压表的内阻为1.00kD. 则通过图线可知,小灯流在阐定电压3V下的实际功率为 W.(结果保留三位 有效数字) (4)乙网学仅通过以上器材和图乙的两条1-U图线,测量一个标有“3V”的未知电 源的电动势和内阻,该同学先将小灯泡和电流表电联,接在该电源的两强,读出电流表 的示数为120mA:再将小灯泡和电压表并联,接在该电源的两端,读出电压表的示数为 2.40V.则该电的电动势为 V内圈为。 0.(结果保泪两位有效 数字) 物建(一)第5页(共8页] 衡水全卷·先享题·信息春 物理一1整6页(共8页) 江薛曜 14.(12分 15.(17分) 如圈所示,领角一30阶充滑料面因定在水平面上,轻舜一墙因定在斜面底燥的 如图所示,坐标系1O的第一,二象限内存在搭y轴正方向的匀强电场,第三,四 挡板P上.另一与物块B相连,不可伸长的细线一因定在料面上的0点,另一燥线 象限内存在垂直于纸面向里的匀强跳场,一电荷量为二4.质量为的粒子(可视为质 过轻滑轮Q和定滑轮R连接物块A.物块B与轻滑轮Q相连。已知物块A.B的质量 点)从y袖上的A(0.)点以初速度号沿z输正方向射入电场区域,粒子从工勃上的 1 分别为u.-1kg、m。-2kg.弹等的劲度系数k-100N/m.弹的弹性势能E.- C(2③0)点(未面出)第一次经过:勃,不计粒子重力及空气阻力。 (1为弹谐的形变量).重力加速度i一10m/,开始时用手托看物块A使其处干势止 (1求句强电场的电场温度大小 状态:此时组线恰好他有但无作用力,然后由静止释放指块A.在之旨运动的过程中答 (2)若较子在磁场区域运致的过程中不会重复经过同一位置,&跳场磁感应强度大 块B未到达0点,物块A未看地,弹赞始终在弹性眼度内,两物块A.B均可视为质 小品数直 点:求: (3)若粒子相邻两次在酸场区掉中运致的因纯谈恰好相切,求粒子从A点出发到 (1)物块B的是大速度;(结果可用根式表示 第:次逐过,轴时所需的时间 - (2)物块A下降的最大距离. .:)x.: ,.)):.: 物理[一)第7贺(共8页 衡水金卷·先题·信息卷 物理(一]第8页(共8页) 江曹专信息卷·新高考 物理（一） 2024年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 信息卷·物理（一） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： I.理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ⅢW ① ② ③ ④ 档次 系数 1 选择题 4 动量守恒定律的应用 易 0.85 2 选择题 4 核反应方程、结合能 易 0.85 % 选择题 4 热学 易 0.80 带电粒子在磁场中的运动、洛伦 选择题 中 0.75 兹力 5 选择题 4 天体变轨问题 中 0.70 6 选择题 磁通量，楞次定律、交流电 中 0.60 7 选择题 4 两接触物体分离的临界问题 难 0.55 8 选择题 6 振动与波 中 0.75 选择题 6 电容器的充放电、动态变化 中 0.65 10 选择题 6 板块模型、能量、动量 难 0.50 11 非选择题 6 测玻璃的折射率 中 0.60 12 测小灯泡的实际功率、测电源电 非选择题 中 0.60 动势、内阻 13 非选择题 10 平抛运动 中 0.75 14 非选择题 12 涉及弹簧的力学问题 中 0.60 15 非选择题 17 带电粒子在电场，磁场中的运动 难 0.50 1 江西专版 信息卷·新高考 物理（一） 参考答案及解析 物理（一） 一、选择题 减小，C项正确，D项错误。 1,C【解析】两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机 5.A【解析】飞船在轨道1上运行时，根据牛顿第二定 械能守恒定律可得M=M十m,立M6= 律有G=m是：对飞船在A,B两点附近很小 合M时十之m,可得小球甲和小球乙碰后的速度分 的一段时间△1内的运动，根据开普勒第二定律有 别为微一因m可知小 2M 壹~R·△=宁×名R·△：对飞船从A点到B 球甲和小球乙均沿着小球甲初始的运动方向运动，A 点的运动，根稀能量守恒定律有了m访一G架 项错误：兰-M”-号，B项错误，C项正确：在太 m味一G1,联立解得在A点点火知速需对 1 v 2M 17R 空微重力环境下两球的碰撞，无论是正碰还是斜碰都 飞船做的功W= 名m话一宫属请-6限A项 满足动量守恒，D项错误 正确。 2,D【解析】反应前电荷数之和为2，质量数之和为5， 6.D【解析】转动过程中穿过线圈的磁通量先变大后 根据反应前后电荷数守恒、质量数守恒可知，x的电 变小，因此感应电流先沿abcd后沿adcb,感应电流方 荷数为0，质量数为1，因此x为中子，不是质子，A.C 向发生变化，A项错误：转过120时，线圈垂直于中性 项错误：根据结合能定义，反应放出的能量应等于反 面，感应电动势最大，惑应电流也最大，B项错误：通 应后新生成的原子核与反应前原子核的结合能之差， △E=(4×7.03-3×2.78-2×1.09)MeV= 过线圈某一截面的电荷量g=n地-BmB R R ,C项错 17.6MeV,B项错误，D项正确。 误，线圈转过180°的过程，可看作交流电的半个周期， 3.C【解析】瓶内气体的压强始终等于外界大气压强， 可用有效值计算焦耳热，即Q=(会)产R号又1。 由于不计大气压强的变化和油柱与吸管间的摩擦力， 故气体经历等压过程，气体的体积增大，故气体的温 ,T-怎联立解得Q=”,D项正确 2R 度升高，又由于饮料罐导热性良好，说明环境温度升 7.A【解析】小物块滑上木板A后，因mg>(2M十 高，A、B项错误：罐内气体的体积增大，气体对外做 m)g,两木板A,B一起加速运动，小物块的加速度大 功，W<0,气体的温度升高，内能增大，△>0，根据 小a=g=5m/s,两木板A,B共同的加速度大小 热力学第一定律△U=W+Q,可知Q>0,即气体从外 a'=也mg一：2M+mg=1m/,为使小物块能滑 2M 界吸热，C项正确，D项错误， 4.C【解析】洛伦兹力不做功，因此粒子的动能不变， 上木板B,则有w-a1=a1,w1一之r>之a?+, A,B项错误：根据公式-m只，解得R-需随 联立解得>3m/s,小物块滑上木板B之后，木板 着磁感应强度大小B增大，不变，故旋转半径R会 A的加速度a,=一g=一 3m/s,木板B的加速度 1 江西专版 物理（一） 参考答案及解析 a2=也mgM+mg=（16e 13 M )m/s,为使小 △r=-方=1-学=受.费使A从C上 2 物块在滑上木板B后两木板A、B能分离，需有a:> 掉下，则△>L,联立解得>4√g工，C项正确： a解得>石A项正确。 B与P发生弹性碰撞后，A、B均做加速运动，加速 度相等，有可能A滑出C,也可能A、B与P共速后 8.BC【解析】在振动加强区，振幅最大，不是位移始终 一起减速，两种情况均不会使A与B在C上发生第 保持最大，在振动减弱区，振幅最小，不是位移始终保 二次碰撞，D项正确。 持最小，A项错误：干涉和衍射是波特有的现象，产生 二、非选择题 干涉现象的必要条件之一就是两列波的频率相等，B 11.(1)AD(2分) 项正确：在发声音叉周围走一圈，会听到声音忽强忽 (2)B(2分) 弱，这是两个声波发生了干涉的结果，C项正确：由于 (3)偏大(2分) 声波的波长比一般的障碍物长，容易发生衍射，故“闻 【解析】(1)若人射角小于全反射的临界角，根据折 其声不见其人”是波的衍射现象，D项错误。 射定律可知折射角一定大于人射角，因此折射光线 9.CD【解析】电容器的电容由本身因素决定，不会随 在ab上方，A项正确：若入射角大于或等于全反射 充电过程发生变化，A项错误：-1图像两阴影部分 的临界角，则折射光线消失，D项正确。 的面积分别表示充、放电过程通过电流传感器的电荷 (2)折射光线恰好出现时可测量出临界角C,=90°一 量，因充、放电过程通过电流传感器的电荷量相等，所 m,折射光线恰好消失时可测量出临界角C=a一 以两阴影部分的面积相等，B项错误；因电源电动势 和电容均不变，电容器充电后所带的最大电荷量不 90,两次测量取平均值可得临界角C=C十C 2 变，增大电阻R的阻值会减小放电的最大电流，故可 1 延长放电时间，C项正确：无论电阻R。的阻值为多 二a,由临界角sinC=,可得s、】 2 sin(a) 2 大，充电过程通过电源的电荷量一定，电源输出的电 B项正确。 能一定，而电容器获得的能量一定，所以电阻R。消耗 (3)根据题意，可得测得的a:偏大，：偏小，则根据 的电能不变，D项正确， 10.ACD【解析】A与B发生碰撞前的速度1= C=。,可知测量出的临界角C偏小，故测得的 √6一2gL,要使得A、B能发生碰撞，>0，解得 折射率相对真实值偏大。 >√2gL,A项正确：A与B发生弹性碰撞，速度 12.(1)0.Q1分) (2)=(2分) 交换，B与P碰撞前的速度=√纺一2gL (3)0.441(2分) √6一4gL,要使得B、P能发生碰撞，>0，解得 (4)3.1(2分)5.0(2分】 >√4gL,B项错误：B与P发生弹性碰撞，速度 【解析】(1)根据图乙可知，图线Ⅱ在相同电流下电 交换，A,B的速度均为0，P的速度为：，受力分析 压更大，说明电流表有分压，是电流表内接，即标记 可得A,B的加速度大小均为a,=g,C的加速度大 为Ⅱ的图线是将电压表接在O,Q两点之间时测 小a,=mg士mg十3m8=54w,达到共速的时间1 得的。 (2)图线I对应的是电流表外接法，因此电压表的示 满足a=一41，解得一动，共速时的相对位移 数准确，标记为I的图线上电压为3V的点对应小 ·2 江西专版 信息卷·新高考 物理（一） 灯泡两端的实际电压U=3V。 mAgX2(△r1+△x)-mg(△x1+△a）sin0= (3)从图线I中读出，U=3V时，1=150mA:此时 m(2o)+ 1 2m2 (2分) 酒过电压表的电流1一是=3mA,故小灯泡在额 解得物块B的最大速度= 3 m/s (1分) 定电压3V下的实际功率P=U(I一Iv) (2)设物块A下降的最大距离为，此时两物块A、B =0.441W (4)从图线1中读出，U=2.4V,I=140mA:从图线 的速度均为零 Ⅱ中读出，I=120mA,U=2.5V,将两组数据代入 根据机械能守恒定律有mAgh十号k△=mg× 公式E=Ir+U,联立解得E=3.1V,r=5.0n。 h h (2分) 13.【解析】(1)网球被击出后做平抛运动 解得物块A下降的最大距离h=0,8m (2分) 竖直方向有瓜一A:=之g (1分) 15.【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，由电场力 水平方向有x=6t (1分) 提供加速度有 联立解得网球沿水平方向飞出的初速度大小陆= a=Ey (1分) 8 m/s (2分) n 沿x轴方向有 (2)网球被垫起前瞬间竖直方向的分速度大小，一 gt (1分) 物t1=23d (1分) 合速度大小=√听十西 (1分) 沿y轴方向有 网球被垫起后瞬间，竖直方向的分速度大小马，' 24f=d (1分) usin 0 (1分) (1分) 竖直方向上升的最大高度= 每得E-器 (1分) 28 (2)设经过x轴时，速度方向与x轴正方向的夹角为 垫起后网球离水平地面的最大高度。=：十 a由平抛运动的规律可知tan0=2· 4.4m (2分) 2√3d3 14.【解析】(1)设物块B处于静止状态时弹簧的压缩量 (1分) 为△x 即0=30 根据平衡条件有k△x一mag sin0 (1分) 粒子进入磁场区域的速度大小=选 cos a (1分) 解得△x1=0.1m (1分) 粒子在磁场区域中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提 当物块B的速度最大时两物块A、B的加速度均为 供向心力有 零，设细线上的张力为T,弹簧的伸长量为△ 有T=mAg (1分) quB-m R (1分) 2T=nag sin0+k△x (1分) 如图所示，粒子每次回到电场区域后做类斜抛运动， 解得△r=0.1m (1分) 每次在电场区城运动的过程中，沿x轴正方向运动 设物块B的最大速度为，初状态和达到最大速度 的距离均为xo=4v3d (1分) 时弹簧的弹性势能相等 由几何关系可知，若要粒子在磁场区域运动的轨透 根据能量守恒定律有 没有交点，应满足2(Rsin0十R)<x (1分) 3 江西专版 物理（一） 参考答案及解析 联立解得B>器 (1分) 2g所以粒子 迹恰好相切时，磁感应强度大小B= 每次在磁场中运动用时： 360-20.T=10x4 360 36 (1分) 之后每次在电场中运动用时4=2=43d (1分) 所以粒子从A点出发到第n次经过x轴用时1一 +”号a=65+-,4(m=1.5 3 (3)粒子从A点出发到第一次经过x轴用时11一 7…) (2分) 23d (1分) Vo 或t=(n-11+受，=n-:65+n5题，4 3 粒子在磁场区域中做匀速圆周运动的周期T=” (n=2、4、6、8*) qB (2分) 由(2)可知粒子相邻两次在磁场区域中运动的圆轨 。4 江西专版