2024年新高考物理【衡水金卷·先享题·信息卷】模拟试题（湖北专版）01

2024年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 谁杜向外移动(未到达管口),若不计大气压强的变化和油柱与吸管间的摩擦力,气 物理(一) 体可冕为理相气体,该段时问内 本试卷共8页,15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 A.环墙度隆量 注意事项: B.雄内气体的医强增大 C.罐内气体对外界功 1.答题前,先将自已的姓名,考号等填写在答题卡上,并将准考证号条形码粘贴& 气富 答题卡上的指定位置。 D.齿气体向外界放拉 2.选择题的作答;选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 4.如图所示,带电粒子仅在磁场力作用下融感线做握实运动,带电粒子从P点向Q 涂黑,写在试是卷,草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 点运动的过程中,下残说法正确的是 A.较子的动能跳来越大,转半径跳来越生 3.求选择题的作答;用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷。 _n 草稿纸和答是卡上的非答题区城均无效。 B.粒子的动能越来越大,旋转半径越来越大 4.考达结束后,语将本运题卷和答题卡一并上交。 C.校子的动能不变,旋转半径越来越小 一.选择题:本题共10小题,每小题1分,共40分。在每小题给出的四个选项中,第1 D.粒子的动能不变,转率径精来越大 7题只有一项符合题目要求,第8一10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的 5.滑块以一定的初逃度沿相精斜面从底满A上滑,到达最高点B后返目到底燥A,利 得1分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。 用期闪仅对上滑和下滑过程进行拍摄,题闪照片的示意图分别如图甲,乙所示,比较 1.2023年9月21日下午,“天官课堂”第四课开评,神舟十六号“博上乘组”给梦天阅舱 甲、乙两国对应的运动过程,下列说法注确的 舱门贴上了一米见方的标准网格布,演示了用一个质量为500克的小铜球甲沿水平 A.图甲过程可能表示下滑过程 方房与一个质量为100克的静止小键球乙发生正碰的实验,若两球碰痛时没有机械 B.图甲,乙两过程的加速度大小之比为43 能失,下列说法正确的是 C.图甲,乙两过程中摩擦力做的功之比为4:3 A.两球延后沿相反方自话过 D.图甲,乙两过得分题经过A点时的道度大小之比为4 B.两球景旨,当小球乙走过格时,小球甲走过2超 6.2023年10月26号神舟十七号载人飞船成功发射,与”天宫”空词站成功对接,如图 C.两球排后,当小球乙走过三格时,小球甲走过?格 所示为其发射过程的示意图,首先飞幅发射到近雄因勃道1上,终后在A点点火加 D.若两球发生斜碰,动量不守恒 速使飞船沿因轨道?运行,A、B分别为轨道2的近地点与远地点,最终在远地点B 2.变反应中的一种方程为H+H一He+1十AE,已知相关原子核的比结合能如 与在庭轨道3运行的空间站对接,已短引力常量为G,地球的质量为AM,暗的质 表所示,则下列说法正确的是 1 H )H 1H 。_一 -GMmCc为物体到地心的距离,取无穷远处引力势能为零),则在A点点火 1.o.MeV .7MV 7.0iM B-为中子,-2MV 加速蓄对飞幅的功为 A.为质字,-3?Me A. B *3R .Mm. C.-为质子.E-17.6MeV D.为中子.E-17.6MV C. 3.如图所示,某网学设计了一个简易的气提计,将一根透明吸管插人一个空的钥刻的 D.. 导热性良好的饮料础中:接口用蜡密封,在吸管内引入一小段的柱,经过一段时间后; 物注(一)第1页(共8页] 画水全卷·先享题·信息 物理一1笔页(共8页) 陶北曜 7.如图所示,长度均为9.75n的木板A与木板B靠在一起静置在水平地面上,本板 10.如图所示,长本板C静置在水平桌面上.两小物块A.B分别静置在C的左临和中 A.B的质量均为M-1kg,两木板A、B与地面问的动摩擦因数均为-,-质量ml 点,C的右渐有一直固定的挡板P,P的厚度可忽略不计,A.B之阿和B.P之间 的距离均为L.A、B、(C(连同挡板P)的质量相同,所有接触面间的动摩擦因数均为 一1.6k的小物块以某一初速度v.滑上本板A.小物块与本板A之间的动摩擦因数 n.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,现使A以初速度口.向右运动,之后所有碰撞均 .一0.5,与本板B之同的动摩擦因数为n..重力加速度g-10m/.小物块可视为 为弹性正敬,碰撞时问极短,A.B均可视为质点,重力加速度为g.则下列说法正确 质点,为使小物块能滑上本板B.并快两本板A、B分离,则,应谪足 的是 _777777777777 A.若②gL,则A将与B发生碰措 A.3n/s# ___ B.3m/s0 B.若/②L,则B将与P发生碰望 C.若14gL,则A将从C上掉下 D.无论.数何值,A与B都不可能在C上发生第二次磁接 8.如图所示,顾数为.面积为S.阻值为R的闭合线圈aord水平放置,线固处在砥感应 二、非选择题:本题共5小题,共60分。 强度大小为B的匀强磁场中,磁场方向与线圈平面的夹角为t0,若线以吃边为 11.(7分) 勃以角速度。沿逆时针方向转过180”,该过程中 某同学设计了一种测量半圆柱破璃砖折射率的方法,该回学的主要操作步骤如下: ##7} A.线圈中感应电流的方向一直不变 ①如图所示,在白纸上所出两条相互卷直的线段b和cd,交点标 B.线圈转过120时感应电流最大 记为0点;将破璃砖的罔心与0点重合,直径与b重合 ②沿O射人一束激光: ①以罔心O为轴,沿逆时针方向缓慢转动破璃砖,观察从破璃砖折 D.线飚产生的耳热为r{。 2 出的光线 B.某实验小组用如图甲所示的电路探究电容器的充、故电规律,先使开关S与1缓根 (1)若将破骑砖从图示位置沿道时针方转过a(0 0)角,可能观察到的实验 现象有 连,然后把开关掷向2墙,电流传感器将电流信息传人计算机,在计算机屏幕上显示 .(填正确答案标号 A.折射光绿在a5上力 出电流(与时间!的关系图像如图乙所示,下列说法正确的是 B.折射光线在下方 C.析射光线与5重合 D.无新射光线 (2)若将装略陵从图示位置滑逆时针方转过.角时,听射光线恰好出现;从图示 位置滑道时针方向转过。:角,折射光线恰好消失,已知D 。 180{},根据以上信 息,可得出折射率x一__.(填正确答案标号) 。 sin({) A.充电过程中:电容赛的电客逐渐撸大 B__ sin{_) co() B.1-1图像中两阻影部分的面积关系为8一S C.增大电阻R的阻简可以是长效电时同 (3)实验中,当折射角大于85时:折射光线已十分做弱:不可现测:则通过(2)中表 达式涨得的折射率相对真实值 D.增大电阻R.的阻值,充电过程中R.酒耗的电能不变 (填“偏大”“偏小”或“不变”) 衡水金卷·先题·信息卷 物理(一)第4页(共8页) 物理[一)第:贺1共8页] 湖专因 12(10分) 13.(0分) 某小组要测量一只标有“3.DV 0.45W”的小灯泡在额定电压下的实际功率,准 加图用所示为一列没一纯方向传播的简谐波在(一业时越的液彩图,A为平断位 备的材如下: 置在r一?m的质点,图乙为质点A的振动图像,求: A.电压表V(量程3V,内限知): (1)该简潜渡的传播方向和速度大小 B.电流表A(量程为20mA.内阻知) (2)位干坐标原点处的质点做降谐运动的表达式 C.潜动变阻器R(阻值范围为0-10凸.定电流为2A); D.电流祖(电动势为6V.内期不计) E.开关和导线若干. 该小组的测量方案如下:首先将电压表接在如图甲所示电路的0P两点之间,改 变清动变朋琴接人电路的阻值,记是下多组电流表和束压表的示整,然后将电压表接 0.Q两点之间,改变滑动变阻器接入电路的阻值,记录下多组电流表和电压表的示数 最后描点作图得到如图乙所示的两条1一V图线,请问答下列阿题 ,-; (1)图乙中标记为l|I的图线是将电压表接在 (填“0.P“或“0.Q)两点之 时测的. (2)圈乙中标记为I的图线上电压为3V的点对应小灯泡两淌的实际电压U (填“““”或“-“)aV。 (3)甲回学为了得到更准确的实验结果,通过半偏法测得电压表的内阻为1.00kD. 则通过图线可知,小灯流在阐定电压3V下的实际功率为 W。(结果保留三位 有效数字) (4乙网学仅通过以上器材和图乙的两条1-U图线,调量一个标有“3V”的未知电 源的电动势和内阻,该同学先将小灯泡和电流表电联,接在该电源的两强,读出电流表 的示数为120mA;再将小灯泡和电压表并联,接在该电源的两端,读出电压表的示数为 2.40V.则该电的电动势为 V.内圈为 0.(结果保泪两位有效 数字) 物建(一)第5页(共8页1 衡水全卷·先享题·信息春 物理一1笔6页(共8页) 北曜 14.(15分) 15.(18分) 如图所示,倾角0一30的光滑斜而因定在水平刻上,轻弹黄一端因定在斜面底确的 如图所示,坐标系1O的第一,二象限内存在搭y轴正方向的匀强电场,第三,四 挡板P上.另一与物块B相连,不可伸长的细线一因定在料匠上的0点:另一燥线 象限内存在垂育于纸面向里的匀强酸场,一电荷量为一y.质量为的粒子(可视为质 过轻滑轮Q和定滑轮R连接物块A.物块B与轻滑轮Q相连。已知物块A.B的质量 点)从y勃上的A(0.))点以初速度沿输正方向射入电场区域,粒子从上勃上的 分别为u.-1kg、m。-2kg.弹等的劲度系数k-100N/m.弹的弹性势能E.- C(2③0)点(未面出)第一次经过.轴,不计粒子重力及空气阻力。 (一为弹谐的形变量).重力加速度i一10m/,开始时用手托看物块A使其处干势止 (1冰句强电场的电场温度大小 状态:此时组线恰好健有但无作用力,然后由静止释放指块A,在之旨运动的过程中答 (2)若粒子在磁场区域运致的过程中不会重复经过同一位置,求路场磁感应强度大 块B未到达0点,物块A未看地,弹赞始终在葬性殿度内,两物块A.B均可视为质 小品数直 点求: (3)若粒子相邻两次在跳场区中运致的因缺谈恰好相切,求粉子从A点出发到 (1)物块B的是大速度;(结果可用根式表示 第:次逐过7轴时所需的时间 (2)物块A下降的最大距离. -1. .:,:.: ....: 物理[一)第7贺(共8页 衡水金卷·先题·信息卷 物理(一]第8页(共8页) 湖专因信息卷·新高考 物理（一） 2024年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 信息卷·物理（一） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： I.理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ⅢN V ① ② ③ ④ 档次 系数 1 选择题 4 动量守恒定律的应用 易 0.85 2 选择题 4 核反应方程、结合能 易 0.85 % 选择题 4 热学 易 0.80 带电粒子在磁场中的运动、洛伦 选择题 中 0.75 兹力 5 选择题 4 运动学公式，功 中 0.75 6 选择题 天体变轨问题 中 0.70 7 选择题 4 两接触物体分离的临界问题 中 0.65 8 选择题 磁通量、楞次定律、交流电 中 0.60 9 选择题 电容器的充放电、动态变化 中 0.65 10 选择题 4 板块模型、能量、动量 难 0.50 11 非选择题 7 测玻璃的折射率 中 0.60 12 测小灯泡的实际功率、测电源电 非选择题 10 中 0.60 动势、内阻 13 非选择题 10 机械振动、机械波 中 0.75 14 非选择题 15 涉及弹簧的力学问题 中 0.60 15 非选择题 18 带电粒子在电场，磁场中的运动 难 0.50 1 湖北专版 信息卷·新高考 物理（一） 参考答案及解析 物理（一） 一、选择题 减小，C项正确，D项错误 1,C【解析】两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机 5.D【解析】根据甲、乙两图可知，图甲，乙两过程的时 1 械能守恒定律可得M=M十m,立M6= 间之比为34，位移大小之比为11，根据r=号a 合M时十之m,可得小球甲和小球乙碰后的速度分 可知图甲、乙两过程的加速度大小之比为16：9，图甲 过程的加速度更大，应表示上滑过程，A,B项错误： 别为千是一产，因M>,可知水 2M 根据摩擦力做的功W,=一fx,又甲、乙两过程对应 球甲和小球乙均沿着小球甲初始的运动方向运动，A 的摩擦力大小相等，位移大小相等，因此摩擦力做的 功相等，C项错误：根据=2ax可知，图甲、乙两过 项错误：兰-”-号，B项错误，C项正确：在太 v 2M 程分别经过A点时的速度大小之比为4：3，D项 空微重力环境下两球的碰撞，无论是正碰还是斜碰都 正确。 满足动量守恒，D项错误 6.A【解析】飞船在轨道1上运行时，根据牛顿第二定 2,D【解析】反应前电荷数之和为2，质量数之和为5， 律有G=m衰：对飞船在A、B两点附近很小 根据反应前后电荷数守恒、质量数守恒可知，x的电 的一段时间△内的运动，根据开普勒第二定律有 荷数为0，质量数为1，因此x为中子，不是质子，A.C 项错误：根据结合能定义，反应放出的能量应等于反 子·R·=号n×R·4山：对飞船从A点到B 应后新生成的原子核与反应前原子核的结合能之差， △E=(4×7.03-3×2.78-2×1.09)MeV= 点的运动，根据能量守相定律有弓m话一G 17.6MeV,B项错误，D项正确。 之m味一G16,联立解得在A点点火加速需对 17R 3.C【解析】瓶内气体的压强始终等于外界大气压强， 由于不计大气压强的变化和油柱与吸管间的摩擦力， 飞船做的功W=专m或一名风访=6架， 66R,A项 故气体经历等压过程，气体的体积增大，故气体的温 正确 度升高，又由于饮料罐导热性良好，说明环境温度升 7.A【解析】小物块滑上木板A后，因出mg>(2M十 高，A、B项错误：罐内气体的体积增大，气体对外做 m)g,两木板A,B一起加速运动，小物块的加速度大 功，W<0,气体的温度升高，内能增大，△>0，根据 小a=出g=5m/s,两木板A.B共同的加速度大小 热力学第一定律△U=W+Q,可知Q>0,即气体从外 a=凸mg二2M+mg=1m/s,为使小物块能滑 2M 界吸热，C项正确，D项错误。 4.C【解析】洛伦兹力不做功，因此粒子的动能不变， 上木板B,则有w-al=a1,at-名ar>名a?+i, A,B项错误：根据公式一m发，解得R-置随 联立解得>3m/s,小物块滑上木板B之后，木板 着磁感应强度大小B增大，不变，故旋转半径R会 A的加速度a1=一g=一 3m/s,木板B的加速度 1 湖北专版 物理（一） 参考答案及解析 a2=也mgM+mg=（16 )m/s2,为使小 满足a1=一a2,解得1=改，共速时的相对位移 6ug 物块在滑上木板B后两木板A、B能分离，需有a> A=-有=1-学1=受，要使A从C上 2 a,解得必>行A项正确。 掉下，则△>L,联立解得>4√gL,C项正确： 8.BD【解析】转动过程中穿过线圈的磁通量先变大后 B与P发生弹性碰撞后，A,B均做加速运动，加速 变小，因此感应电流先沿acd后沿adb,感应电流方 度相等，有可能A滑出C,也可能A、B与P共速后 向发生变化，A项错误：转过120时，线圈垂直于中性 一起减速，两种情况均不会使A与B在C上发生第 面，感应电动势最大，感应电流也最大，B项正确：通 二次碰撞，D项正确。 过线圈某一截面的电荷量g=n”-nB5,C项错 二、非选择题 R R 11.(1)AD(2分) 误：线圈转过180的过程，可看作交流电的半个周期， (2)B(2分) 可用有效值计算焦耳热，即Q=(后)：R7,又1。 √2 (3)偏大(3分) ,T-名怎联立解得Q-乐D项正确 【解析】(1)若人射角小于全反射的临界角，根据折 2R 射定律可知折射角一定大于人射角，因此折射光线 9.CD【解析】电容器的电容由本身因素决定，不会随 在ab上方，A项正确：若入射角大于或等于全反射 充电过程发生变化，A项错误：i·t图像两阴影部分 的临界角，则折射光线消失，D项正确。 的面积分别表示充、放电过程通过电流传感器的电荷 (2)折射光线恰好出现时可测量出临界角C,=90° 量，因充，放电过程通过电流传感器的电荷量相等，所 a1,折射光线恰好消失时可测量出临界角C=a:一 以两阴影部分的面积相等，B项错误：因电源电动势 90,两次测量取平均值可得临界角C=G十C 2 和电容均不变，电容器充电后所带的最大电荷量不 变，增大电阻R的阻值会减小放电的最大电流，故可 ,a,由临界角sinC=上 2 ，可得 1 sin(a) 延长放电时间，C项正确：无论电阻R。的阻值为多 大，充电过程通过电源的电荷量一定，电源输出的电 B项正确。 能一定，而电容器获得的能量一定，所以电阻R消耗 (3)根据题意，可得测得的a:偏大，偏小，则根据 的电能不变，D项正确。 C=。a,可知测量出的临界角C偏小，故测得的 2 10.ACD【解析】A与B发生碰撞前的速度= 折射率相对真实值偏大。 √6一2g.,婴使得A、B能发生碰撞，功>0，解得 12.(1)0.Q(2分) >√2gL,A项正确：A与B发生弹性碰撞，速度 (2)=(2分) 交换，B与P碰撞前的速度2=√一2gL= (3)0.441(2分) √6一4gL,要使得B、P能发生碰撞，功>0，解得 (4)3.1(2分)5.0(2分) 【解析】(1)根据图乙可知，图线Ⅱ在相同电流下电 >√4gL,B项错误：B与P发生弹性碰撞，速度 压更大，说明电流表有分压，是电流表内接，即标记 交换，A、B的速度均为0，P的速度为：，受力分析 为Ⅱ的图线是将电压表接在O、Q两点之间时测 可得A,B的加速度大小均为a1一g,C的加速度大 得的。 小a,=mg士mg+3umg=54g,达到共速的时间t (2)图线1对应的是电流表外接法，因此电压表的示 ·2 湖北专版 信息卷·新高考 物理（一） 数准确，标记为I的图线上电压为3V的点对应小 解得物块B的最大速度= 3 m/s (2分) 灯泡两端的实际电压U=3V。 (3)从图线1中读出，U=3V时，1=150mA:此时 (2)设物块A下降的最大距离为h,此时两物块A,B 通过电压表的电流，一品-3mA,故小灯泡在额 的速度均为零 定电压3V下的实际功率P=U(I一Iw) 根据机被能守恒定律有mh十之64=mg× =0.441W。 (2分) (4)从图线1中读出，U=2.4V,1=140mA:从图线 解得物块A下降的最大距离h=0.8m (2分) Ⅱ中读出，1=120mA.U=2.5V,将两组数据代入 15.【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，由电场力 公式E=1r十U,联立解得E-3.1V,r-5.0n 提供加速度有 13.【解析】(1)由图乙可知，t=0时刻质点A沿y轴正 方向振动，结合图甲可知该波沿x轴正方向传播 a-Ey (1分) m (1分) 沿x轴方向有 由图甲可知波长A=4m (1分) w41=2v5d (1分) 由图乙可知周期T=4s (1分) 沿y轴方向有 期波速v=子=1m/s (2分) 1 af=d (1分 (2)由波动图像可知振幅A=10cm (1分) w-=受ad/ (2分) 解得E一器 (2分) 位于坐标原点处的质点做简谐运动的表达式y (2)设经过x轴时，速度方向与x轴正方向的夹角为 -Asin=-10sin号1(cm） (2分) 0,由平抛运动的规律可知tan=2· d3 25d3 14.【解析】(1)设物块B处于静止状态时弹簧的压缩量 (1分) 为△ 即0=30 根据平衡条件有k△=mag sin0 (1分) 粒子进入磁场区域的速度大小= cos 0 (1分) 解得△=0.1m (2分) 当物块B的速度最大时两物块A、B的加速度均为 粒子在磁场区域中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提 零，设细线上的张力为T,弹簧的伸长量为△ 供向心力有 有T=mAg (1分) nB=n卡 (1分) 2T=mag sin0+k△x (1分) 如图所示，粒子每次回到电场区域后做类斜地运动， 解得△=0.1m (2分) 每次在电场区域运动的过程中，沿x轴正方向运动 设物块B的最大速度为口，初状态和达到最大速度 时弹簧的弹性势能相等 的距离均为xn=4V3d (1分) 根据能量守恒定律有 由几何关系可知，若要粒子在磁场区域运动的轨迹 mugX2(△x1+△r)-mng(△c+△r)sin0 没有交点，应满足2(Rsin0+R)<r (1分) m,(2o)P+号mu 1 (2分) 联立解得B>2西 nt (1分) 3 湖北专版 物理（一） 参考答案及解析 每次在磁场中运动用时4=36020.T=10xd 360 36 (1分) 之后每次在电场中运动用时6=2弘，=4y3☑ (1分) 所以粒子从A点出发到第n次经过x轴用时t=t +”号=”65+-，4(m-1.5 3 (3)粒子从A点出发到第一次经过x轴用时11= 7…） (2分) 23d (1分) 或t=(n-1)t+ 24==0:66+m·5x.4 3 粒子在磁场区域中做匀速圆周运动的周期T=2” qB (n=2、4、6、8…) (2分) 由(2)可知粒子相邻两次在磁场区域中运动的圆轨 迹恰好相切时，磁感应强度大小B=驰，所以粒子 2dg 4 湖北专版