辽宁省庄河市高级中学2022-2023学年高二上学期12月月考（A）物理试卷

庄河市高级中学 2022-2023 学年高二上学期 12 月月考 物理（A） 一、选择题；本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 求的． 1．关于动量、冲量，下列说法中正确的是（　　） A．物体运动过程中，如果动量的大小不变，则动量变化量为零 B．物体的动量变化得越快，说明物体所受合外力越大 C．即使物体所受合外力不为零，物体的动量也可能不变 D．运动员接篮球时手臂有弯曲回收动作，其作用是减小篮球的动量变化量 2．用白光通过红色滤光片，再通过双缝干涉实验装置可得到红光干涉条纹，若将红色滤光片移走，则 （ ） A．不再发生干涉 B．可看到黑白相间的条纹 C．中央条纹变为白色 D．中央条纹仍为红色 3．关于图中四幅图所涉及物理知识的论述中，正确的是 A．甲图中，海面上的“海市蜃楼”现象是光的衍射现象引起的 B．乙图中，演示简谐运动的图象实验中，若匀速拉动纸条的速度较小，则由图象测得简谐运动的周期较短 C．丙图中，可利用薄膜干涉检查样品的平整度 D．丁图中，显示的是阻尼振动的固有频率 f与振幅 A的关系图线 4．如图所示，虚线和实线分别为甲、乙两个弹簧振子做简谐运动的图像。已知甲、乙两个振子质量相等， 则（ ） A．甲、乙两振子的振幅之比为 1：2 B．甲、乙两振子的频率之比为 1：2 C．前 2s内甲振子的加速度先为正值后为负值 D．第 2s末甲的速度达到最大，乙的加速度达到最大 5．在图示的电路中 U=12V，若电压表的示数也是 12V，这说明可能 A．电阻 R1、R2中有断路发生 B．灯泡 L断路 C．电阻 R1、R2中有短路发生 D．灯泡 L和电阻 R1都发生了断路 6．如图所示是一列简谐横波在 t=0时刻的波形图.质点 c在 t=3s时第 1次到达波峰，此时质点 e恰好在平 衡位置且向下运动，则下列说法正确的是（ ） A．这列波的波速为 2m/s，频率为 0.25Hz B．这列波向右传播 C．t=0.4s时 b质点恰好回到平衡位置 D．t=3s时质点 d向上运动 7．下列关于磁感应强度的方向的说法中，正确的是(　　) A．某处磁感应强度的方向就是一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向 B．小磁针 S极受磁力的方向就是该处磁感应强度的方向 C．垂直于磁场放置的通电导线的受力方向就是磁感应强度的方向 D．磁场中某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向 8．如图所示，矩形 ABCD为一玻璃砖的截面，AB=L、AD=2L。该截面内一条紫色光线从 A点射向 BC中点 E， 刚好在 E点发生全反射并直接射向 D点。若把紫色光线换成红色光线（光在真空中的光速为 c），则（　　） A．红色光线一定也在 E点发生全反射 B．紫色光线在玻璃砖中的传播速度为 0.5c C．玻璃砖对紫色光线的折射率为 D．红色光线在玻璃砖中的传播时间比紫色光线长 二、多选题；本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分． 9．如图所示，物体 A、B的质量分别为 m、2m，物体 B置于水平面上，物体 B上部半圆形槽的半径为 R，将 物体 A从圆槽右侧顶端由静止释放，一切摩擦均不计。则( ) A．A能到达 B圆槽的左侧最高点 B．A运动到圆槽的最低点时 A的速率为 C．A运动到圆槽的最低点时 B的速率为 D．B向右运动的最大位移大小为 2 3 gR 4 3 gR 2 3 R 10．某横波在介质中沿 轴传播，图甲是 时的波形图，图乙是介质中 处质点的振动图象，则下 说法正确的是 A．波沿 轴正向传播，波速为 1m/s B． ＝2 s时， ＝2 m处质点的振动方向为 y轴负向 C． ＝l m处质点和 ＝2 m处质点振动步调总相同 D．在 1s的时间内，波动图象上任意质点通过的路程都是 10cm E．在 ＝l s到 ＝2 s的时间内， ＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小 11．如图，实线是 t=0时刻一列简谐横波的波形图，虚线是 t=0.5s时的波形图，下列说法正确的是： A．这列波的波长为 4m B．波速可能为 14m/s C．经过 0.5s，质点沿 x轴运动的距离可能为 1m D．0～0.5s时间内，介质中的质点的路程都是 10cm E．波源振动的频率可能是 7.5Hz 12．一列简谐横波，在 t＝0.6s时刻的图像如图甲所示，此时 P、Q两质点的位移均为－1cm，波上 A质点 的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是 （　　） x 1st  2mx  x t x x x t t x A．这列波沿 x轴负方向传播 B．这列波的波速是 m/s C．从 t＝0.6s开始，紧接着的Δt＝0.8s时间内，Q质点通过的路程大于 6cm D．从 t＝0.6s开始，质点 P比质点 Q早 0.4s回到平衡位置 三、非选择题：60 分 13．现有：A毛玻璃屏、B双缝、C白光光源、D单缝、E透红光的滤光片等光学元件．要把它们放在如图所 示的光具座上组装成双缝干涉装置，用以测量红光的波长。 （1）将白光光源 C放在光具座的最左端，依次放置其它光学元件，由左至右，表示各光学元件的字母排列 顺序为 C．____．____．____．A． （2）将测量头的分划板中心刻线与某亮纹的中心对齐，将该亮纹定为第一条亮纹，此时手轮上的示数如图 甲所示，记为 x1．然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第六条亮纹中心对齐，此时手轮上的示数 如图乙所示，记为 x2．则 x2=__________mm （3）已知双缝间距 d为 2.0×10-4m，测得双缝到屏的距离 L为 0.700m，由计算式λ=____，求得所测红光 波长为____nm.（公式要求按题目所给具体符号填写，计算结果保留整数，1 nm=10-9m） 14．一同学设计了下面探究动量守恒的方案： 在一块短木板上钉两条剖成两半的铅笔（除去笔芯）作为滑槽。把一条轻竹片弯成“∩”形，中间用细线 拴住成为竹弓，将它置于短板上的滑槽里，紧挨竹弓两端各放置一个小球，如图所示。 50 3 实验时，把这套装置放在桌子的一角上。在木板两头的地上各铺放一张白纸并盖上复写纸。用火柴烧断细 线，竹弓立即将两小球弹出，小球落在复写纸上，在白纸上打出两个印痕。 (1)需要测量的量是________。 A．两小球的质量 m1、m2及抛出的射程 x1、x2 B．球抛出的高度 h C．球下落的时间 t D．细线的长度 L (2)若等式________________（用(1)中的相关字母符号表示）成立，则表明系统动量守恒。 15．如图所示，半径 R=1.25m的竖直平面内的光滑四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切。质量为 m1=0.2kg 小滑块 A和质量为 m2=0.6kg的小滑块 B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点。现将 A无初速度释放，A 与 B碰撞后 A沿圆弧轨道上升的最大高度 h=0.05m。取重力加速度 g=10m/s2。求： (1)碰撞前瞬间 A的速率 v0； (2)碰撞过程系统损失的机械能。 16．如图所示，一足够深的容器内盛有某种透明液体，在容器的底部中央放置一个点光源 S．已知液体的深 度为 H，液体的折射率为 n= ． （1）求液体上表面亮斑的面积． （2）其中有一条光线以 i= 30°的入射角射到液体与空气的界面上，求该光线的反射光线和折射光线的夹 角． 2 17．如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻为 0.6Ω，串联一个阻值为 R=5Ω的电阻，它们两端的 总电压为 U=160V，电压表读数为 110V，求： （1）通过电动机的电流； （2）电动机的输入功率； （3）电动机的发热功率； 18．如图所示，水平面上静止放置两个质量均为 m的木箱，两木箱的距离为 l。工人一直用水平恒力 F（未 知）推其中一个木箱使之滑动，与另一个木箱碰撞，碰撞后木箱粘在一起恰好能匀速运动。已知两木箱与 水平面的动摩擦因数为μ，重力加速度为 g。设碰撞时间极短，求： （1）工人的推力大小； （2）两个木箱最终匀速运动的速度大小。 物理参考答案 1．B 2．C 3．C 4．D 5．A 6．C 7．D 8．C 9．AD 10．BDE 11．ABE 12．BD 13． E D B 13.870 （13.868-13.872均给分） 660 14． A m1x1=m2x2 15．(1)对小滑块 A沿圆弧轨道的下滑过程，根据机械能守恒 解得 (2)碰撞后，对 A上升过程，由机械能守恒定律有 解得碰撞后 A的速度大小 A的速度方向向左。规定水平向右为正方向，由动量守恒定律有 m1v0=-m1v1＋m2v2 解得碰撞后瞬间 B的速度大小为 v2=2m/s  2 1 5 x x d L  2 1 1 0 1 2 m gR m v 0 2 5m/sv gR  2 1 1 1 1 2 m gh m v 1 2 1m/sv gh  B的速度方向向右。碰撞过程系统损失的机械能 16．（1）设光在液体与空气的界面上发生全反射的临界角为 C，则有：sinC=1/n 由几何关系可知液体上表面亮斑的半径为：R=HtanC 亮斑的面积为：S=πR2； 代入数据，由以上各式联立可解得：S=πH2； （2）由折射定律可知： 由反射定律可知反射角 i′=i 由几何关系可知反射光线与折射光线的夹角为 θ=180°-i′-r 代入数据，由以上各式联立可解得 θ=105° 17．（1）根据题意得，加在电动机两端的电压为 所以电阻 R两端的电压为 所以通过 R的电流为 （2）电动机的输入功率为 （3）由焦耳定律得电动机的发热功率为 18．（1）对碰后两木箱的整体有 解得 （2）对与人接触的木箱，静止到碰撞前过程有 对两木箱碰撞的过程有 2 2 2 1 0 1 1 2 2 1 1 1( ) 1.2J 2 2 2 E m v m v m v     sinr n sini  1=110VU R =160 110V=50VU  R 50= = A=10A 5 UI R 1 1= =110×10W=1100WP U I 2 2 2 = =10 ×0.6W=60WP I r 2 0F mg  2F mg 21( ) 2 F mg l mv  联立解得 2mv mv 共 ( )= = 2 2 F mg l glv m   共