第4单元 考点15 基因自由组合定律-【金版教程】2025年高考生物一轮总复习首选用卷全书Word（新教材 不定项版）

金版教程 高考总复习首选用卷 生物学（不定项版 考点15　基因自由组合定律 1．(2024·湖南长郡中学高三月考)下列关于孟德尔两对相对性状的豌豆杂交实验的叙述，正确的是(　　) A．杂交实验过程中需要将亲本和子一代豌豆的母本在开花前进行人工去雄和套袋处理 B．F1植株所结种子的表型及比例为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝9∶3∶3∶1 C．减数分裂时同源染色体分离，非同源染色体自由组合属于假说内容之一 D．“F1与绿色皱粒个体进行杂交，预期后代有四种表型，比例为1∶1∶1∶1”属于实验验证 答案　B 解析　子一代豌豆的母本不需要进行去雄处理，A错误；子一代植株所结种子属于子二代，子二代的表型及比例约为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝9∶3∶3∶1，B正确；孟德尔做杂交实验时，还未涉及减数分裂、同源染色体等，C错误；“F1与绿色皱粒个体进行杂交，预期后代有四种表型，比例为1∶1∶1∶1”属于演绎推理阶段，实验验证是进行测交实验，D错误。 2．(2023·湖南省高三百校联考)已知玉米的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗病(R)对易感病(r)为显性。纯合品种甲与纯合品种乙杂交得F1，再让F1与玉米丙(ddRr)杂交，所得子代的表型及比例如图所示，下列分析不正确的是(　　) A．D/d、R/r基因位于两对同源染色体上 B．甲、乙可能是DDRR与ddrr组合或DDrr与ddRR组合 C．子二代中纯合子占1/4，且全部表现为矮秆 D．若F1自交，其子代中基因型不同于F1的个体占9/16 答案　D 解析　分析题图：由F2中高秆∶矮秆＝1∶1，抗病∶易感病＝3∶1，丙的基因型为ddRr，可推知F1的基因型为DdRr，由甲和乙都是纯合子可进一步推知甲和乙的基因型为DDRR和ddrr，或者DDrr和ddRR，B正确；由F2比例3∶1∶3∶1＝(1∶1)×(3∶1)可知，两对等位基因遵循自由组合定律，D/d、R/r基因位于两对同源染色体上，A正确；由B项分析可知F1的基因型为DdRr，丙的基因型为ddRr，所以子二代中纯合子的基因型为ddRR和ddrr，占1/4，且全部表现为矮秆，C正确；若让F1自交，则子二代中基因型与F1相同的个体占(2/4)×(2/4)＝4/16，则不同于F1的个体占12/16，D错误。 3．(2024·华大新高考联盟)某种蛙眼色的表型与基因型的对应关系如下表所示(两对基因独立遗传)： 表型 蓝眼 绿眼 紫眼 基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_ 现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1仅有蓝眼和绿眼两种表型，则理论上F1中蓝眼蛙∶绿眼蛙为(　　) A．9∶7 B．15∶1 C．3∶1 D．13∶3 答案　C 解析　分析题意，已知蓝眼蛙的基因型是双显性A_B_，绿眼蛙是A_bb或aabb(必须含有bb)，紫眼蛙是aaB_。现蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)交配，F1仅有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表型，故亲本的基因型为AABb×aaBb，所以F1蓝眼蛙的基因型为AaB_，比例为1×3/4＝3/4，绿眼蛙的基因型为Aabb，比例为1×1/4＝1/4，即F1中蓝眼蛙和绿眼蛙的比例为3∶1，C正确。 4．假定4对等位基因(均为完全显性关系)分别控制4对相对性状，且4对等位基因的遗传遵循自由组合定律，基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，F1再自交得到F2，则F2中与亲本表型相同的个体所占的比例为(　　) A. B. C. D. 答案　D 解析　基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，则F1的基因型为AaBbCcDd，因此F1再自交得到F2，在F2中与AABBCCDD表型相同的基因型是A_B_C_D_，所以该类型占F2中个体的比例为＝，而在F2中与aabbccdd表型相同的个体所占的比例为＝，因此F2中与亲本表型相同的个体所占的比例为＋＝，D正确。 5．某种二倍体两性花植物群体中存在雄性不育的植株(雄蕊发育不正常但雌蕊正常)。研究发现雄性不育由显性基因A控制，其等位基因a无此功能且A对a完全显性；同时不育基因的表达又受到另一对等位基因(B/b)的抑制。现让基因型为AaBb的多株可育植株自交，自交后代表型及比例为可育株∶不育株＝13∶3，下列相关分析错误的是(　　) A．两对等位基因的遗传遵循自由组合定律 B．不育基因A的表达受到B基因的抑制 C．该自交后代的可育株中，纯合子占3/16 D．该自交后代中，不育株的基因型有2种 答案　C 解析　基因型为AaBb的多株可育植株自交，自交后代表型及比例为可育株∶不育株＝13∶3，是9∶3∶3∶1的变式，故A/a和B/b这两对等位基因在遗传时遵循自由组合定律，A正确；由F1中表型比例可知，当A、B同时存在时表现为可育，推测不育基因A的表达受到B基因的抑制，B正确；该自交后代中，可育株的基因型及数量比为：1AABB∶4AaBb∶2AABb∶2AaBB∶1aaBB∶2aaBb∶1aabb，其中纯合子占，C错误；该自交后代中，雄性不育的基因型是AAbb和Aabb，即不育株的基因型有2种，D正确。 6．(不定项)玉米的顶端是雄花序，叶腋处为雌花序。研究发现，位于两对同源染色体上的B、b和T、t两对等位基因与玉米的性别分化有关，当基因B和基因T同时存在时，既有雄花序，又有雌花序；基因b纯合可以使植株只有雄花序，叶腋处没有雌花序；基因t纯合可以使雄花序发育成为可育的雌花序。下列有关说法正确的是(　　) A．玉米有雌雄同株、雌株、雄株三种表型 B．bbTt只有雄花序，bbtt仅顶端有雌花序 C．BbTt自交，雌雄配子的结合方式有16种 D．BbTt与bbTt的杂交后代中雄株占1/3 答案　ABC 解析　根据题意分析可知：玉米的性别受位于两对同源染色体上的两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，当B和T同时存在(B_T_)时为雌雄同株异花，当T存在，B不存在(bbT_)时为雄株，当T不存在(B_tt或bbtt)时为雌株。玉米植株有雌雄同株、雌株、雄株三种表型，A正确；bbTt只有雄花序，bbtt仅顶端有雌花序，B正确；BbTt自交，雌雄配子的结合方式有4×4＝16种，C正确；BbTt与bbTt杂交后代雄株(bbT_)有×＝，D错误。 7．(不定项)人的眼睛散光(A)对不散光(a)为显性；直发(B)和卷发(b)杂合时表现为波浪发，两对基因分别位于两对常染色体上。一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性，与一个无散光症的波浪发男性婚配。下列叙述正确的是(　　) A．基因B、b的遗传符合基因的分离定律 B．卵细胞中同时含A、B的概率为1/4 C．所生孩子中最多有5种不同的表型 D．生出一个无散光症直发孩子的概率为3/8 答案　AB 解析　一个母亲正常但本人有散光症波浪发女性的基因型是AaBb，卵细胞中同时含A、B的概率为1/4，B正确；女性的基因型是AaBb，一个无散光症波浪发男性的基因型是aaBb，二者婚配，所生孩子中最多有2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直发(BB)、波浪发(Bb)、卷发(bb)]＝6种不同的表型，其中生出一个无散光症直发孩子(aaBB)的概率为1/2(aa)×1/4(BB)＝1/8，C、D错误。 8．(2024·四川成都石室中学模拟)某两性花植物的花色受M/m和N/n两对等位基因控制，基因控制花色的代谢途径如下图所示。现有纯合的甲、乙、丙三棵植株，其中甲为紫花、乙为白花、丙为红花，三棵植株进行杂交的实验结果如下表所示，请回答下列问题： 组合 杂交 F1 F2 一 甲×乙 紫花 紫花∶红花∶白花＝12∶3∶1 二 乙×丙 红花 红花∶白花＝3∶1 (1)有色物质Ⅰ的颜色为________，甲和丙的基因型分别为________________。 (2)分析组合一，F2紫花植株中纯合子所占比例为________，F2红花植株自交后代中红花植株占________。 (3)从组合二的F2中任意选择一株红花植株，请你设计一次杂交实验探究该红花植株的基因型，写出操作最简便的杂交实验方案以及相应的结果和结论。 答案　(1)紫色　MMNN、mmNN (2)1/6　5/6 (3)让该红花植株自交，若子代全为红花，则其基因型为mmNN，若子代出现白花，则其基因型为mmNn。(答案合理即可) 解析　(1)根据题意可知，合成有色物质Ⅰ的基因型为M_N_或M_nn、合成有色物质Ⅱ的基因型为mmN_，根据杂交组合一，F2的紫花∶红花∶白花＝12∶3∶1可知，有色物质Ⅰ为紫色，有色物质Ⅱ为红色。甲和乙杂交产生的F1基因型为MmNn，乙为白花，基因型为mmnn，则甲的基因型为MMNN，丙为纯合的红花植株，基因型为mmNN。 (2)组合一的F2中紫花植株基因型为M_N_或M_nn，其中纯合子占1/6；组合一的F2中红花植株为1/3mmNN和2/3mmNn，其自交后代中红花植株占1/3×1＋2/3×3/4＝5/6。 (3)组合二的F2中红花植株的基因型为mmNN或mmNn，且该植物为两性花，故操作最简便的方案为让该红花植株自交，若子代全为红花，则其基因型为mmNN；若子代出现白花，则其基因型为mmNn。若进行测交还需要对母本进行去雄，不是最简便的方案。 9．(2024·湖南名校联考)某二倍体雌雄同株且自花受粉的植物的花瓣有白色、紫色、红色、粉红色四种，花瓣的颜色由花青素决定，花青素的形成由两对等位基因(A/a、B/b)共同控制(如图所示)。回答下列问题： (1)红花植物的基因型是____________，该植物的一个种群中90%是开红花的植株，在开花前一段时间如果遇到低温影响，则开________的植株比例会升高，原因是________________________________________。 (2)请设计实验用最简便的方法探究A/a、B/b是否独立遗传。 实验思路：________________________________________________________ ________________________________________________________________________________________； 实验结果及结论：__________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (3)请写出一种两纯合植株杂交培育红花品种的方法：__________________ __________(写出表型及基因型，要求所选杂交组合得到的后代中红花植株比例最高)，但所培育的红花植株自交会产生性状分离，所以可以通过________技术扩大红花植株的规模，该技术的原理是______________。 答案　(1)AABb和AaBb　白花　低温影响了酶活性，导致紫色色素无法合成，进而表现为白色 (2)选择多株红花植株进行自交，并对后代进行单株收获，然后观察后代的性状表现　若有红花后代的性状分离比为白色∶紫色∶红色∶粉红色＝4∶3∶6∶3，则可说明两对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律 (3)粉花植株(AABB)和白花植株(aabb)杂交或粉花植株(AABB)和紫花植株(AAbb)杂交或紫花植株(AAbb)和白花植株(aaBB)杂交　无性繁殖　植物细胞的全能性 解析　(1)结合图示可知，红花植物的基因型是A_Bb，共有2种，分别为AABb和AaBb，该植物的一个种群中90%是开红花的植株，在开花前一段时间如果遇到低温影响，则开白花的植株比例会升高，可能的原因是低温影响了酶活性，导致紫色色素无法合成，进而表现为白色。 (2)为探究A/a、B/b是否独立遗传。则可采用简便的方法是选择红花植物进行自交，并对后代进行单株收获，然后观察后代的性状表现，从而得出相应的结论。若有红花后代的性状分离比为白色(aaB_＋aabb)∶紫色(A_bb)∶红色(A_Bb)∶粉红色(A_BB)＝(3＋1)∶3∶6∶3＝4∶3∶6∶3，则可判断相关基因的遗传符合基因自由组合定律。 10．(2024·山东临沂调研)玉米是雌雄同株异花植物，其宽叶(A)与窄叶(a)是一对相对性状，黄粒(B)与白粒(b)是一对相对性状。现有一株宽叶白粒玉米和一株窄叶黄粒玉米作亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2中宽叶黄粒∶窄叶黄粒∶宽叶白粒∶窄叶白粒＝9∶15∶3∶5。下列有关该实验的叙述错误的是(　　) A．与豌豆相比，利用玉米进行杂交实验的优势是无须去雄 B．这两对性状的遗传遵循自由组合定律 C．亲本的基因型为AABb和aaBB D．理论上F1自由传粉产生窄叶白粒植株所占比例为9/64 答案　C 解析　由于玉米是雌雄同株异花植物，因此省去了对母本去雄的环节，A正确；由题可知，F2中黄粒∶白粒＝(9＋15)∶(3＋5)＝3∶1，则F1关于粒色的基因型为Bb；宽叶∶窄叶＝(9＋3)∶(15＋5)＝3∶5，则F1关于叶形的基因型为Aa和aa，则F1的基因型为AaBb和aaBb，亲本的基因型为Aabb和aaBB，两对性状的遗传遵循自由组合定律，B正确，C错误；由亲本基因型可知，F1产生的配子类型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶3∶3，自由传粉产生的aabb(窄叶白粒)植株所占比例为3/8×3/8＝9/64，D正确。 11．(2024·湖南师大附中高三月考)玉米为雌雄同株异花植物，其籽粒颜色受A、a和B、b两对独立遗传的基因控制，A、B同时存在时籽粒颜色为紫色，其他情况为白色(不考虑突变)。研究人员进行以下两组实验，有关说法不正确的是(　　) 组别 亲代 F1 实验一 紫色×紫色 白色∶紫色＝7∶9 实验二 紫色×白色 白色∶紫色＝3∶1 A.籽粒的紫色和白色为一对相对性状，亲代紫色植株的基因型均为AaBb B．实验一F1中紫色个体自交，子代的表型及比例为紫色∶白色＝25∶11 C．实验二F1中白色个体的基因型可能有2种且均为杂合子 D．实验二的F1中白色个体随机传粉，其后代籽粒为白色个体的比例为17/18 答案　C 解析　根据题干信息，籽粒颜色受A、a和B、b两对独立遗传的基因控制，A、B同时存在时籽粒颜色为紫色，紫色基因型为A_B_。分析实验一：亲本紫色×紫色，获得F1紫色∶白色＝9∶7，其为9∶3∶3∶1的变式，则亲本基因型为AaBb×AaBb；分析实验二：亲本紫色×白色，获得F1白色∶紫色＝3∶1，其属于测交，则亲本基因型为AaBb(紫色)×aabb(白色)，故籽粒的紫色和白色为两对等位基因控制的一对相对性状，亲代紫色植株的基因型均为AaBb，A正确；由A项分析实验一亲本基因型为AaBb(紫色)×AaBb(紫色)，则F1紫色个体基因型为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb＝1∶2∶2∶4，其自交：1/9AABB自交获得1/9紫色，2/9AaBB自交获得紫色2/9×3/4＝6/36、白色2/9×1/4＝2/36，2/9AABb自交获得紫色2/9×3/4＝6/36、白色2/9×1/4＝2/36，4/9AaBb自交获得紫色4/9×9/16＝9/36、白色4/9×7/16＝7/36，则实验一F1中紫色个体自交，子代的表型及比例为紫色∶白色＝(1/9＋6/36＋6/36＋9/36)∶(2/36＋2/36＋7/36)＝25∶11，B正确；由A项分析结果可知，实验二亲本基因型为AaBb(紫色)×aabb(白色)，AaBb(紫色)产生配子基因型为AB、Ab、aB、ab，则F1白色基因型为Aabb、aaBb和aabb，C错误；由C项分析可知，实验二F1白色个体基因型为Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1，产生配子为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶4，则随机传粉，利用棋盘法，后代白色个体的比例为1/36AAbb＋(4/36＋4/36)Aabb＋1/36aaBB＋(4/36＋4/36)aaBb＋16/36aabb＝17/18，D正确。 12．(2023·河北衡水中学模拟)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如表，下列有关叙述不正确的是(　　) 测交类型 测交后代基因型种类及比例 父本 母本 AaBb Aabb aaBb aabb F1 乙 1/7 2/7 2/7 2/7 乙 F1 1/4 1/4 1/4 1/4 A.造成上表中AaBb为1/7的原因，很可能是F1产生的AB的花粉约有50%不能完成受精 B．F1自交得到的F2中，基因型有9种 C．将F1花粉离体培养，将得到四种表型不同的植株 D．正反交结果不同，说明一定有一对基因在性染色体上 答案　D 解析　由题表信息可知，F1为父本(AaBb)与乙为母本(aabb)杂交，正常的情况下，后代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，而实际比值为1∶2∶2∶2，很可能是F1产生的AB花粉约有50%不能完成受精，A正确，D错误；F1的基因型为AaBb，其自交所得F2的基因型种类为3×3＝9(种)，B正确；F1的基因型为AaBb，能产生AB、Ab、aB、ab四种配子，因此其花粉离体培养可得到四种表型不同的植株，C正确。 13．(2023·江苏南京六校调研)洋葱鳞茎有红色、黄色和白色三种，研究人员用红色鳞茎洋葱与白色鳞茎洋葱杂交，F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交得F2，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株。相关叙述正确的是(　　) A．洋葱鳞茎的不同颜色是由叶绿体中的色素引起的 B．F2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占1/3 C．F2中出现了亲本没有的表型，所占的比例是3/8 D．对F2中的黄色鳞茎洋葱进行测交，后代中白色鳞茎洋葱所占的比例为2/3 答案　B 解析　分析题干可知，用红色鳞茎洋葱与白色鳞茎洋葱杂交，得F1，F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交得F2，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株，即F2的性状分离比约为12∶3∶1(9∶3∶3∶1的变式)，可知洋葱鳞茎颜色由两对等位基因控制且其遗传遵循基因的自由组合定律，设控制洋葱鳞茎颜色的两对等位基因为A、a和B、b，则亲本的基因型为AABB(红色鳞茎)和aabb(白色鳞茎)，F1的基因型为AaBb(红色鳞茎)。洋葱鳞茎的不同颜色是由液泡中的色素引起的，A错误；经上述分析可知，F2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占4/12，即1/3，B正确；F2中出现了亲本没有的表型(黄色鳞茎)，所占的比例是3/16，C错误；F2中黄色鳞茎洋葱的基因型为1/3aaBB、2/3aaBb或1/3AAbb、2/3Aabb，对F2中的黄色鳞茎洋葱进行测交，后代中白色鳞茎洋葱(aabb)所占的比例为1/2×2/3＝1/3，D错误。 14．(2024·湖南名校联考)已知某雌雄同株植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，高茎/矮茎由等位基因B/b控制。研究人员利用射线处理该植物，从中选择出甲、乙、丙、丁四株个体分别进行相关实验，结果如下表所示。下列说法错误的是(　　) P F1 甲：宽叶矮茎自交 宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1 乙：窄叶高茎自交 窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1 丙：宽叶矮茎×丁：窄叶高茎 宽叶矮茎∶宽叶高茎∶窄叶高茎∶窄叶矮茎＝1∶1∶1∶1 A.宽叶对窄叶为显性，高茎对矮茎为显性 B．三组实验中都出现了致死现象 C．丙和丁的基因型分别是Aabb、aaBb D．丙和丁的杂交结果不能证明A/a和B/b独立遗传 答案　B 解析　分析题表，实验甲：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1，则宽叶对窄叶为显性，实验乙：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1，因此，高茎对矮茎为显性，可知甲亲本宽叶矮茎基因型为Aabb，乙亲本窄叶高茎基因型为aaBb，A正确；根据A项分析结果，AA和BB基因均存在纯合致死现象，所以丙的基因型是Aabb，丁的基因型是aaBb，二者杂交后代F1不会出现致死现象，B错误，C正确；无论等位基因A/a、B/b位于一对同源染色体上，还是位于两对非同源染色体上，Aabb会产生Ab、ab两种配子，aaBb会产生ab、aB两种配子，宽叶矮茎×窄叶高茎，F1均为宽叶矮茎∶宽叶高茎∶窄叶高茎∶窄叶矮茎＝1∶1∶1∶1，故丙和丁的杂交结果不能证明A/a和B/b独立遗传，D正确。 15．(不定项)某遗传实验小组在表型为灰体、长翅的纯合野生型果蝇群体中，分别得到了甲、乙、丙三种单基因隐性突变的纯合型果蝇，其特点如表所示。以下叙述错误的是(　　) 表型 表型特征 基因型 基因所在 染色体 甲 黑檀体 体呈乌木色、黑亮 ee Ⅲ 乙 黑体 体呈深黑色 bb Ⅱ 丙 残翅 翅退化，部分残留 gg Ⅱ A.若甲果蝇与乙果蝇杂交，F1的基因型为BbEeGG B．若乙果蝇与丙果蝇杂交，F1的表型是灰体长翅 C．若乙、丙果蝇杂交获得的F1雌雄交配，得到的F2会出现9∶3∶3∶1的表型分离比 D．由表中相关信息可知，果蝇体色是由两对等位基因控制，遗传符合基因的自由组合定律 答案　C 解析　根据题干信息可知，甲、乙、丙三种纯合果蝇来自隐性突变，因此表现为灰体长翅的纯合野生型果蝇的基因型应为BBEEGG，据表可知，甲的基因型为BBeeGG，乙的基因型为bbEEGG，丙的基因型为BBEEgg。若甲果蝇(BBeeGG)与乙果蝇(bbEEGG)杂交，F1的基因型为BbEeGG，A正确；若乙果蝇(bbEEGG)与丙果蝇(BBEEgg)杂交，F1的基因型为BbEEGg，表型为灰体长翅，B正确；根据表格可知，B、b与G、g这两对等位基因位于同一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律，若乙、丙果蝇杂交获得的F1(BbEEGg)雌雄交配，F2不会出现9∶3∶3∶1的性状分离比，C错误；根据表中相关信息可知，控制果蝇体色的基因为B、b和E、e，且这两对等位基因分别位于两对同源染色体上，所以其遗传遵循基因的自由组合定律，D正确。 16．(不定项)控制果蝇体色和翅型的基因均位于常染色体上，杂交实验结果如下图。下列分析错误的是(　　) A．长翅对短翅为隐性 B．体色和翅型的遗传均遵循基因分离定律 C．F1灰身长翅果蝇产生了17%的重组配子 D．F1灰身长翅自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1 答案　AD 解析　仅考虑翅型基因，亲本分别为纯合长翅和纯合短翅，F1只表现为长翅，说明长翅为显性性状，短翅为隐性性状，A错误；考虑体色基因，亲本分别为纯合灰身和纯合黑身，F1只表现为灰身，说明灰身为显性性状，黑身为隐性性状，假设A、a分别控制灰身和黑身，B、b分别控制长翅和短翅，已知两对基因均位于常染色体上，则母本基因型为AABB，父本基因型为aabb，F1基因型为AaBb，F1与纯合黑身短翅果蝇aabb测交，只考虑体色基因，后代灰身∶黑身＝(41.5%＋8.5%)∶(41.5%＋8.5%)＝1∶1，说明体色基因遵循分离定律，只考虑翅型基因，后代长翅∶短翅＝(41.5%＋8.5%)∶(41.5%＋8.5%)＝1∶1，说明翅型基因遵循分离定律，B正确；若这两对基因符合自由组合定律，则F2表型比例应为灰身长翅∶黑身长翅∶灰身短翅∶黑身短翅＝1∶1∶1∶1，与题图不符，说明这两对基因是位于一对同源染色体上的，D错误；由亲本基因型为AABB和aabb可知，F1中A与B基因位于一条染色体上，a与b位于一条染色体上，由于F1在减数分裂Ⅰ前期发生了染色体互换，导致形成了重组配子Ab和aB，由于F1测交后代的表型比例可以反映F1产生配子的比例，F1产生重组配子Ab和aB的比例之和＝F1测交后代中灰身短翅个体(基因型为Aabb)和黑身长翅(基因型为aaBb)个体的比例之和＝8.5%＋8.5%＝17%，C正确。 17．(2023·山东济南模拟)某多年生二倍体植物的高茎和矮茎由等位基因H/h控制，红花和白花由等位基因R/r控制，两对等位基因均位于常染色体上。现让纯合高茎白花植株与纯合矮茎红花植株杂交，F1均为高茎红花植株，F1自交，F2表型及比例为高茎红花植株∶高茎白花植株∶矮茎红花植株∶矮茎白花植株＝5∶3∶3∶1。回答下列问题。 (1)经研究小组分析，提出三种假说。假说一：F2中有两种基因型的个体死亡，且致死个体的基因型为____________________；假说二：______________；假说三：________________。 (2)请以上述实验中的植株为材料，设计两组杂交实验，验证第二种和第三种假说。实验设计： 第一组：_________________________________________________________。 第二组：_________________________________________________________。 支持假说二的实验结果：_____________________________________________ _______________。 支持假说三的实验结果：__________________________________________ ________________________。 答案　(1)HhRR、HHRr　F1中基因型为HR的雄配子致死　F1中基因型为HR的雌配子致死 (2)实验设计： 第一组：让F1高茎红花植株为父本与F2中的矮茎白花植株为母本杂交，观察并统计子代的表型及比例 第二组：让F1高茎红花植株为母本与F2中的矮茎白花植株为父本杂交，观察并统计子代的表型及比例 支持假说二的实验结果：第一组子代的表型及比例为高茎白花植株∶矮茎红花植株∶矮茎白花植株＝1∶1∶1；第二组子代的表型及比例为高茎红花植株∶高茎白花植株∶矮茎红花植株∶矮茎白花植株＝1∶1∶1∶1(合理即可) 支持假说三的实验结果：第一组子代的表型及比例为高茎红花植株∶高茎白花植株∶矮茎红花植株∶矮茎白花植株＝1∶1∶1∶1；第二组子代的表型及比例为高茎白花植株∶矮茎红花植株∶矮茎白花植株＝1∶1∶1(合理即可) 解析　(1)理论上F2高茎红花植株的基因型为1HHRR、2HhRR、2HHRr、4HhRr，其中有4份的个体死亡，可能的原因有基因型为HhRR和HHRr的个体致死，或F1中基因型为HR的雄配子或雌配子致死，导致F2高茎红花植株中缺少了1HHRR、1HhRR、1HHRr、1HhRr的个体。 (2)要验证F1中致死的HR是雄配子还是雌配子，可以设计两组正反交实验，分别观察并统计两组子代的表型及比例。 18．已知红玉杏花朵颜色由两对基因(A、a和B、b)控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表型的对应关系见表。 基因型 A_bb A_Bb A_BB　aa__ 表型 深紫色 淡紫色 白色 (1)推测B基因控制合成的蛋白质可能位于________上，并且该蛋白质的作用可能与______________有关。 (2)以纯合白色植株和纯合深紫色植株作亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是______________________________。 (3)有人认为A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，也有人认为A、a和B、b基因分别位于两对同源染色体上。现利用淡紫色红玉杏(AaBb)设计实验进行探究。 实验步骤：让淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，观察并统计子代红玉杏花的颜色和比例(不考虑同源染色体非姐妹染色单体的交换)。 实验预测及结论： ①若子代红玉杏花色为___________________________________________ _____________________________， 则A、a和B、b基因分别位于两对同源染色体上。 ②若子代红玉杏花色为______________________，则A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，且A和B在同一条染色体上。 ③若子代红玉杏花色为________________________，则A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，且A和b在同一条染色体上。 (4)若A、a和B、b基因分别位于两对同源染色体上，则取淡紫色红玉杏(AaBb)自交，F1中白色红玉杏的基因型有________种，其中纯种个体大约占________。 答案　(1)液泡膜　H＋跨膜运输 (2)AABB×AAbb或aaBB×AAbb (3)①深紫色∶淡紫色∶白色＝3∶6∶7　②淡紫色∶白色＝1∶1　③深紫色∶淡紫色∶白色＝1∶2∶1　(4)5　 解析　(1)B基因与细胞液的酸碱性有关，推测其控制合成的蛋白质可能位于液泡膜上，控制着H＋的跨膜运输。 (2)纯合白色植株和纯合深紫色植株(AAbb)杂交，子一代全部是淡紫色植株(A_Bb)，由此可推知，亲本中纯合白色植株的基因型为AABB或aaBB。 (3)淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，可根据题目所给结论逆推实验结果。若A、a和B、b基因分别位于两对同源染色体上，则自交后代出现9种基因型，3种表型，其比例为深紫色∶淡紫色∶白色＝3∶6∶7；若A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，且A和B在同一条染色体上，则自交后代出现AABB、AaBb、aabb，表型比例为淡紫色∶白色＝1∶1；若A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，且A和b在同一条染色体上，则自交后代出现AAbb、AaBb、aaBB，表型比例为深紫色∶淡紫色∶白色＝1∶2∶1。 (4)若A、a和B、b基因分别位于两对同源染色体上，淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，F1中白色红玉杏的基因型有AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb 5种，其中纯种个体大约占。 19.(2024·成都外国语学校高三月考)某雌雄异株的二倍体植株，其花色有红色和白色两种。选一株白花雌株和一株白花雄株作为亲本进行杂交，F1中白花∶红花＝3∶1。不考虑变异和X、Y染色体的同源区段，欲判断控制花色性状的基因数量和位置。回答下列问题： (1)若花色由一对等位基因控制，要判断基因位于常染色体还是X染色体，则还需统计________________________。 (2)若花色由两对等位基因(A/a、B/b)共同控制，且两对基因位于同一对常染色体上。请在图中补充标明白花亲本植株的基因组成。并结合实验分析在F1中白花∶红花＝3∶1的两种可能性：a.基因型为________表现为红花，其余基因型表现为白花；b.基因型为________表现为红花，其余基因型表现为白花。 (3)为进一步确定(2)题中哪种基因型表现为红花，可选用F1中植株进行一次杂交实验，实验思路：将F1中红花雌株和红花雄株进行杂交，观察并统计F2中植株表型及比例，请写出预期结果及结论。__________________________ ______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 答案　(1)性状(或白花和红花)在F1代雌雄中的比例 (2)　AaBb　aabb (3)若F2中白花∶红花＝1∶1，则AaBb(A、B基因同时存在时)表现为红花；若F2中全为红花，则aabb(a、b基因均纯合时)表现为红花 解析　(1)常染色体遗传与伴性遗传的区别在于后代性状是否与性别相关联，故要判断基因位于常染色体还是X染色体，还需统计红花与白花的性状表现在F1代雌雄中的比例。 (2)结合分析可知：要符合题中表型比例，填入的基因只能是b，即，亲代的基因型为Aabb与aaBb，则F1中AaBb∶aaBb∶Aabb∶aabb＝1∶1∶1∶1，所以白花∶红花＝3∶1的两种可能性：基因型为AaBb表现为红花，其余基因型表现为白花；基因型为aabb表现为红花，其余基因型表现为白花。 (3)为进一步确定(2)题中基因型和表型是哪种对应情况，可让F1中红花雌株和红花雄株进行杂交，统计F2中植株表型及比例，若红花的基因型为A_B_，子一代红花的基因型为AaBb，其中Ab连锁，aB连锁，F2的基因型及比例为AAbb∶AaBb∶aaBB＝1∶2∶1，表型及比例为白花∶红花＝1∶1；若红花的基因型为aabb，F2中全为红花。 17 学科网（北京）股份有限公司 $$