内容正文:
第一部分
高频题型 重难探究
专题五 解析几何
第4讲 圆锥曲线中的定点、定值问题
1
能力考点1 定点问题
1.(2023·全国乙卷)已知椭圆C:=1(a>b>0)的离心率为,点A(-2,0)在C上.
(1)求C的方程;
(2)过点(-2,3)的直线交C于P,Q两点,直线AP,AQ与y轴的交点分别为M,N,证明:线段MN的中点为定点.
[解] (1)因为点A(-2,0)在C上,所以=1,得b2=4.
因为椭圆的离心率e=,所以c2=a2,又a2=b2+c2=4+a2,所以a2=9,c2=5,
故椭圆C的方程为=1.
(2)由题意知,直线PQ的斜率存在且不为0,设lPQ:y-3=k(x+2),P(x1,y1),Q(x2,y2),
由得(4k2+9)x2+(16k2+24k)x+16k2+48k=0,
则Δ=(16k2+24k)2-4(4k2+9)(16k2+48k)=-36×48k>0,
故x1+x2=-.
直线AP:y=(x+2),
令x=0,解得yM=,同理得yN=,
则yM+yN=2×
=2×=2×
=2×=2×=6.
所以MN的中点的纵坐标为=3,所以MN的中点为定点(0,3).
2.(2022·全国乙卷)已知椭圆E的中心为坐标原点,对称轴为x轴、y轴,且过A(0,-2),B两点.
(1)求E的方程;
(2)设过点P(1,-2)的直线交E于M,N两点,过M且平行于x轴的直线与线段AB交于点T,点H满足.证明:直线HN过定点.
[解] (1)设椭圆E的方程为mx2+ny2=1,因为过A(0,-2),B,
则解得m=,所以椭圆E的方程为=1.
能力考点1
能力考点2
专题限时集训
第4讲 圆锥曲线中的定点、定值问题
(2)证明:因为A(0,-2),B,所以直线AB的方程为y+2=x,
①若过点P(1,-2)的直线斜率不存在,直线x=1,代入=1,
可得M,代入直线AB的方程y=x-2,可得T,由得到H.求得直线HN的方程为y=x-2,过点(0,-2).
②若过点P(1,-2)的直线斜率存在,设过点P的直线方程为kx-y-(k+2)=0,M(x1,y1),N(x2,y2).
联立得(3k2+4)x2-6k(2+k)x+3k(k+4)=0,Δ>0,
可得且x1y2+x2y1=(*),
联立可得T,H(3y1+6-x1,y1).
可求得此时HN:y-y2=(x-x2),
将(0,-2)代入整理得2(x1+x2)-6(y1+y2)+x1y2+x2y1-3y1y2-12=0,
将(*)代入,得24k+12k2+96+48k-24k-48-48k+24k2-36k2-48=0,显然成立,
综上,可得直线HN过定点(0,-2).
【教师备选题】
(2020·全国Ⅰ卷)已知A,B分别为椭圆E:+y2=1(a>1)的左、右顶点,G为E的上顶点,=8.P为直线x=6上的动点,PA与E的另一交点为C,PB与E的另一交点为D.
(1)求E的方程;(2)证明:直线CD过定点.
[解] (1)由题设得A(-a,0),B(a,0),G(0,1).
则=(a,1),=(a,-1).由=8,得a2-1=8,即a=3.
所以E的方程为+y2=1.
能力考点1
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第4讲 圆锥曲线中的定点、定值问题
(2)证明:设C(x1,y1),D(x2,y2),P(6,t).
若t≠0,设直线CD的方程为x=my+n,由题意可知-3<n<3.
由于直线PA的方程为y=(x+3),所以y1=(x1+3).
直线PB的方程为y=(x-3),
所以y2=(x2-3).可得3y1(x2-3)=y2(x1+3).
由于=1,故,可得27y1y2=-(x1+3)(x2+3),即(27+m2)·y1y2+m(n+3)(y1+y2)+(n+3)2=0. ①
将x=my+n代入+y2=1,得(m2+9)y2+2mny+n2-9=0.
△>0,
所以y1+y2=-.
代入①式得(27+m2)(n2-9)-2m(n+3)mn+(n+3)2(m2+9)=0.
解得n=-3(舍去)或n=.
故直线CD的方程为x=my+,即直线CD过定点.
若t=0,则直线CD的方程为y=0,过点.
综上,直线CD过定点.
动线过定点问题的两大类型及解法
(1)动直线l过定点问题,解法:设动直线方程(斜率存在)为y=kx+t,由题设条件将t用k表示为t=mk,得y=k(x+m),故动直线过定点(-m,0).
(2)动曲线C过定点问题,解法:引入参变量建立曲线C的方程,再根据其对参变量恒成立,令其系数等于零,得出定点.
能力考点1
能力考点2
专题限时集训
第4讲 圆锥曲线中的定点、定值问题
1.[直线过定点的模型]已知椭圆C:+y2=1,点P(0,1),设直线l不经过P点且与C