内容正文:
► 对应学生用书P21
要点1 | 平抛运动的两个推论
推论1:从抛出点开始,任意时刻速度偏向角的正切值等于位移偏向角的正切值的2倍。
证明:
推论2:从抛出点开始,任意时刻速度的反向延长线过水平位移的中点。
证明:
[例1]如图所示,从某高度水平抛出一小球,经过时间t到达地面时,速度与水平方向的夹角为θ,不计空气阻力,重力加速度为g。下列说法正确的是( )
A.小球水平抛出时的初速度大小为gt tan θ
B.小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为
C.若小球初速度增大,则平抛运动的时间变长
D.若小球初速度增大,则θ减小
解析:选D。如图所示,
小球竖直方向的速度为vy=gt,则初速度为v0=,选项A错误;设位移方向与水平方向的夹角为α,则tan α===,tan θ==,则tan θ=2tan α,但α≠,选项B错误;平抛运动的时间t=,由高度决定,与初速度无关,选项C错误;由于tan θ=,若小球的初速度增大,则θ减小,选项D正确。
[训练]1.从同一点水平抛出三个小球分别撞在竖直墙壁上a点、b点、c点,则( )
A.落在a点的小球水平速度最小
B.落在b点的小球竖直速度最小
C.落在c点的小球飞行时间最短
D.a、b、c三点速度方向的反向延长线交于一点
解析:选D。根据h=gt2,得t= ,则知落在c点的小球飞行时间最长,故C错误;由x=v0t得v0=,x相等,落在a点的小球飞行时间最短,则落在a点的小球水平速度最大,故A错误;小球竖直速度vy=gt,则落在a点的小球竖直速度最小,故B错误;根据推论,平抛运动的速度反向延长线过水平位移的中点,则知a、b、c三点速度方向的反向延长线交于一点,D正确。
要点2 | 类平抛运动
1.类平抛运动的特点
(1)物体在某方向做匀速直线运动,在垂直匀速直线运动的方向上做初速度为零的匀加速直线运动。对这种像平抛又不是平抛的运动,通常称为类平抛运动。
(2)受力特点:物体所受的合力为恒力,且与初速度的方向垂直。
(3)运动特点:在初速度v0方向做匀速直线运动,在合外力方向做初速度为零的匀加速直线运动,加速度a=。
2.类平抛运动与平抛运动的比较
(1)运动平面不同
类平抛运动→任意平面;平抛运动→竖直面。
(2)初速度方向不同
类平抛运动→任意方向;平抛运动→水平方向。
(3)加速度不同
类平抛运动→a=,与初速度方向垂直;
平抛运动→重力加速度g,竖直向下。
[例2]在光滑水平面内建立一个直角坐标系如图所示,一质量为m的小球静置于第二象限的A点。某时刻给小球一个大小为v0沿着x轴正方向的初速度,同时对小球施加沿y轴负方向的恒力F作用,当小球运动到原点O时,速度方向与x轴正方向的夹角为37°,此时突然将F方向变为沿着x轴负方向,大小不变,一段时间后小球经过y轴上的B点。(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)求:
(1)A点的坐标;
(2)B点的坐标。
解析: (1)从A点到O点tan 37°=,vy=v0。小球的加速度a=,vy=at,则x=v0t,y=,解得x=,y=。A点坐标为(-,)。
(2)从O点到B点t′=,y′=vyt′,解得y′=,B点坐标为(0,-)。
答案:(1)(-,)
(2)(0,-)
[训练]2.如图所示,一光滑宽阔矩形斜面,其倾角为θ,高为h,重力加速度大小为g。现有一小球在A处贴着斜面以水平速度v0射出,最后从B处离开斜面,下列说法正确的是( )
A.小球的加速度大小为g tan θ
B.小球的运动轨迹为抛物线
C.小球从A点运动到B点的时间为
D.小球从A点运动到B点的水平位移大小为
解析:选B。小球所受合力为重力沿斜面向下的分力,根据牛顿第二定律mg sin θ=ma,因此加速度a=g sin θ,A错误;小球受重力和支持力两个力作用,合力沿斜面向下,与初速度垂直,做类平抛运动,轨迹为抛物线,B正确;小球沿斜面向下方向做匀加速运动=t2,可得运动时间t= ,C错误;水平位移应是AB线段在水平面上的投影,到达B点的沿初速度方向的位移x=v0t= ,沿斜面向下的位移在水平面上的投影y1=,因此水平位移s=> ,D错误。
专题综合过关练(二)
1.如图所示,一小球自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上,小球与斜面接触时速度方向与水平方向的夹角φ满足( )
A.tan φ=sin θ B.tan φ=cos θ
C.tan φ=tan θ D.tan φ=2tan θ
解析:选D。设小球飞行时间为t,则tan φ==,tan θ===,故tan φ=2tan θ,选项D正确。
2.如图为一物体做平抛运动的轨迹,物体从O点抛出,x、y分别表示其水平方向和竖直方向的分位移。在物体运动过程中的某一点P