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大题考法精研(二)
——空间中的翻折与探索性问题
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目
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题型一 空间中的翻折问题
题型二 空间中的探索性问题
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[例1] 图1是由矩形ADEB,Rt△ABC和菱形BFGC组成的一个平面图形,其中AB=1,BE=BF=2,∠FBC=60°,将其沿AB,BC折起,使得BE与BF重合,连接DG,如图2.
(1)证明:图2中的A,C,G,D四点共面,且平面ABC⊥平面BCGE.
(2)求图2中的二面角B-CG-A的大小.
题型一 空间中的翻折问题
[关键点拨]
[解] (1)证明:由已知得AD∥BE,CG∥BE,所以AD∥CG,故AD,CG确定一个平面,从而A,C,G,D四点共面.由已知得AB⊥BE,AB⊥BC,故AB⊥平面BCGE.又因为AB平面ABC,所以平面ABC⊥平面BCGE.
(2)作EH⊥BC,垂足为H.因为EH平面BCGE,平面BCGE⊥平面ABC,平面BCGE∩平面ABC=BC,所以EH⊥平面ABC.由菱形
[思维建模]
在翻折背景下判断或证明线面平行或垂直关系,或计算表面积、体积、点面距、线面角等问题的关键步骤:
[针对训练]
1.(2023·长春三模)如图,平面五边形ABCDE中,△ADE是边长为2的等边三角形,CD∥AE,CD=AE,∠BAD=∠ABC
(1)证明:PC⊥BC;
(2)若PC=3,求直线PB与平面PCD所成角的正弦值.
解:(1)证明:在平面图形中取AD中点O,连接OC,OE,
∵△ADE是边长为2的等边三角形,
∴OE⊥AD,OD=1,故翻折后有OP⊥AD.
由OP∩OC=O,OP,OC平面POC,
故AD⊥平面POC,
∴BC⊥平面POC,又PC平面POC,
∴BC⊥PC.
(2)在平面POC内作OM⊥OC,交PC于点M,由AD⊥平面POC,OM平面POC,
所以AD⊥OM,故AD,OM,OC两两垂直.
以O为原点,OA,OC,OM所在直线分别
为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系,
由(1)得,四边形OABC为矩形,
考法1 位置关系中的探索性问题
[例2] 如图,在四棱锥P-ABCD中,CD⊥平面PAD,△PAD为等边三角形,AD∥BC,AD=CD=2BC=2,E,F分别为棱PD,PB的中点.
(1)求证:AE⊥平面PCD;
题型二 空间中的探索性问题
(2)求平面AEF与平面PAD所成锐二面角的余弦值;
[解] (1)证明:∵CD⊥平面PAD,AE平面PAD,∴CD⊥AE.
∵△PAD为等边三角形,E为PD的中点,
∴AE⊥PD.
∵CD∩PD=D,CD平面PCD,PD平面PCD,∴AE⊥平面PCD.
(2)取AD的中点O,连接OP,OB,∵CD⊥平面PAD,CD平面ABCD,AD平面PAD,
∴平面PAD⊥平面ABCD,CD⊥AD.
∵O为AD的中点,△PAD为等边三角形,∴PO⊥AD,AD=2OD.
∵平面PAD∩平面ABCD=AD,PO平面PAD,∴PO⊥平面ABCD.
∵AD=2OD=2BC,AD∥BC,CD⊥AD,
∴四边形OBCD为矩形,AD⊥OB.
如图,以O为原点,分别以OA,OB,OP所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,
∵CD⊥平面PAD,
∴m=(0,1,0)可以作为平面PAD的一个法向量.
设平面AEF的法向量为n=(x,y,z),
考法2 与空间角有关的探索性问题
[例3] 如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,底面ABC是以AC为斜边的等腰直角三角形,侧面AA1C1C为菱形,点A1在底面上的投影为AC的中点D,且AB=2.
(1)若M,N分别为棱AB,B1C1的中点,求证:B1M∥平面CDN;
(2)求点C到侧面AA1B1B的距离;
[解] (1)证明:连接MD,
∵M为AB的中点,D为AC的中点,
∴MD∥BC且2MD=BC.
∵N为B1C1的中点,则在三棱柱ABC-A1B1C1中,
B1N∥BC且2B1N=BC,
∴MD∥B1N且MD=B1N,
∴四边形B1NDM为平行四边形,
∴B1M∥ND.
∵ND平面CDN,且B1M平面CDN,
∴B1M∥平面CDN.
(2)∵点A1在底面上的投影为AC的中点D,
∴A1D⊥平面ABC,∴A1D⊥AC且A1D⊥BD.
∵底面ABC是以AC为斜边的等腰直角三角形,
∴BD⊥AC.
∵侧面AA1C1C为菱形,且A1D⊥AC,D为AC的中点,∴A1C=A1A=AC.
以点D为坐标原点,直线DB,DC,DA1分别为x,y,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,
设平面AA1B1B的法向量为n=(x,y,z),
[思维建模]
探索性问题的类型及解题策略
(1)类型
一是与空间平行、垂直有关