内容正文:
专题跟踪检测(五) 牛顿第二定律的综合应用
1.一伞兵从悬停在空中的直升机上由静止跳下,2 s时开启降落伞,其跳伞过程中的v-t图像如图所示,根据图像可知该伞兵( )
A.在0~2 s内,做自由落体运动
B.在2~6 s内,加速度方向先向上后向下
C.在0~14 s内,先处于失重状态后处于超重状态
D.在0~24 s内,先做匀加速再做匀减速最终做匀速直线运动
解析:选C 由题中图像可知,该伞兵在0~2 s内做匀加速直线运动,但加速度小于重力加速度,不是自由落体运动,故A错误;由题中图像可知,2~6 s内该伞兵先做加速运动,后做减速运动,故加速度方向先向下后向上,故B错误;0~14 s内该伞兵先做加速运动,后做减速运动,故加速度方向先向下后向上,先处于失重状态后处于超重状态,故C正确;在4~14 s内的加速度大小发生变化,故该伞兵不做匀减速直线运动,D错误。
2.(2023·贵州贵阳模拟)如图所示,一根轻绳跨过光滑的定滑轮,两端各系一个物体P和Q,P的质量保持不变。开始时,P静止在地面上,当Q的质量发生变化时,P的加速度随Q的质量变化的关系图像为下图中的( )
解析:选C 以P、Q整体为研究对象,P的质量不变,当mQ≤mP时,整体受重力和地面的支持力,处于平衡状态,此时加速度a=0,当mQ>mP时,整体只受重力作用,做匀加速直线运动,由牛顿第二定律,可有mQg-mPg=(mP+mQ)a,则有加速度a=g,当mQ增大时,加速度a增大,且是非均匀增大,随mQ增大,加速度a趋向于g,因此有起初加速度等于零,当mQ>mP后,随mQ增大,加速度a逐渐增大,且趋向于g,因此A、B、D错误,C正确。
3.(2022·全国乙卷)如图,一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球,初始时整个系统静置于光滑水平桌面上,两球间的距离等于绳长L。一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点,方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距L时,它们加速度的大小均为( )
A. B. C. D.
解析:选A 当两球运动至二者相距L时,如图所示,由几何关系可知sin θ=,设绳子拉力为T,水平方向有2Tcos θ=F,解得T=F。对任意小球由牛顿第二定律可得T=ma,解得a=,故A正确,B、C、D错误。
4.在地面上以初速度v0竖直向上抛出一小球,经过2t0时间小球落回抛出点,其速率为v1,已知小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速率成正比,则小球在空中运动时速率随时间的变化规律可能是( )
解析:选A 小球上升过程中,由牛顿第二定律得mg+kv=ma,故随速度的减小,加速度逐渐减小,v-t图线切线的斜率逐渐减小;当物体下降过程中,由牛顿第二定律得mg-kv=ma,则随速度逐渐增大,加速度逐渐减小,v-t图线切线的斜率逐渐减小;由于有阻力作用,故回到地面的速度v1将小于初速度v0,故选A。
5.(多选)如图所示,两段轻绳A、B连接两个小球1、2,悬挂在天花板上。一轻弹簧C一端连接球2,另一端固定在竖直墙壁上。两小球均处于静止状态。轻绳A与竖直方向、轻绳B与水平方向的夹角均为30°,弹簧C沿水平方向。已知重力加速度为g。则( )
A.球1和球2的质量之比为1∶1
B.A突然断裂的瞬间,球1的加速度方向竖直向下
C.A突然断裂的瞬间,球1的加速度大小一定大于g
D.A突然断裂的瞬间,球2的加速度大小为2g
解析:选BD 把两球作为整体受力分析且由平衡可得F弹=(m1+m2)gtan 30°,对2小球受力分析且由平衡可得F弹=m2gtan 60°,联立解得球1和球2的质量之比为2∶1,故A错误;在轻绳A突然断裂的瞬间,由于轻绳中的拉力发生突变,则此时球1只受重力,则此时球1的加速度方向竖直向下,大小等于重力加速度g,故B正确,C错误;在轻绳A突然断裂的瞬间,由于轻绳中的拉力发生突变,弹簧中的弹力不能突变即为F弹=m2gtan 60°,由牛顿第二定律可得此时球2的加速度为a==2g,故D正确。
6.(2023·河南孟津模拟)如图,倾角为30°、质量为m的光滑斜面体置于光滑水平面上。轻弹簧的上端固定在斜面体的顶端A处,下端拴接一质量为m的小球。现让系统在水平恒力F作用下以大小为g的加速度水平向左做匀加速直线运动,小球与斜面相对静止且小球未运动到水平面上。已知重力加速度大小为g,弹簧始终与斜面平行,不计空气阻力。则撤去力F时(在撤去力F的瞬间,小球与斜面之间的弹力不变)( )
A.弹簧的弹力大小为mg
B.小球对斜面的压力大小为mg
C.小球的加速度大小变为0
D.斜面体的加速度大小为g
解析:选D 未撤去力F时,对小球由牛顿第二定律可得F合=m·a=mg=mg·tan 60°,即刚好由弹簧的拉力FT和小球的重力mg的合力产生加速度,斜面对小球无作用力,