内容正文:
微专题Ⅰ-3 力与曲线运动
命题视角(一) 平抛(类平抛)运动的规律
[一题例析清]
[典例] (2023·南宁模拟)如图所示,一小球在斜面的顶端以初速度v0水平抛出,最后落到斜面上。
已知斜面的倾角为α,小球的质量为m,重力加速度为g。求:
(1)小球落到斜面时速度大小和方向与水平面夹角的正切值。
(2)小球离斜面最远时的速度大小和运动时间。
[解析] (1)如图所示,设小球落到斜面上时速度方向与水平方向的夹角为θ
小球在水平方向上做匀速直线运动,有vx1=v0,x=v0t
小球在竖直方向上做自由落体运动,有
vy1=gt,y=gt2
小球落到斜面上,所以有tan α==
解得t=
tan θ===2tan α
小球落到斜面上的速度大小v1==v0。
(2)当小球的运动方向与斜面平行时,小球与斜面相距最远,设此时经历时间为t′,小球的运动方向与水平方向的夹角为α,则有
vx=vcos α,tan α==,vx=v0
解得t′=,v=。
[答案] (1)v0 2tan α
(2)
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[进阶训练1] 在上述例题的基础上改变情境:在足够长斜面上的A点,以速度v0水平抛出一个小球,不计空气阻力,小球落至斜面时下落的竖直高度为h1;若将此球改用速度2v0水平抛出,仍落至斜面时下落的竖直高度为h2。则h1∶h2为( )
A.1∶2 B.1∶3
C.2∶1 D.1∶4
解析:选D 斜面倾角的正切值为tan α===,则运动的时间为t=,可知运动的时间与平抛运动的初速度有关,初速度变为原来的2倍,则运动时间变为原来的2倍,所以时间比为1∶2。平抛运动下落的竖直高度h=gt2∝t2,则h1∶h2=1∶4,故D正确,A、B、C错误。
[进阶训练2] 在上述例题的基础上改变情境:
让小球在斜面的顶端以初速度v0垂直斜面斜向上抛出,最后仍落到斜面上。其他条件不变。求:
(1)小球落到斜面上时的水平位移和竖直位移。
(2)小球从抛出到离斜面最远时的时间。
(3)小球离斜面最远时的速度大小。
解析:(1)建立如图所示的坐标系,分解重力可知:小球在沿斜面方向上做初速度为0的匀加速直线运动,ax=gsin α;小球在y轴上做加速度为ay=gcos α的类竖直上抛运动。
小球运动的时间t==
沿斜面的距离x=axt2=
所以小球落到斜面上的水平位移为
x∥=xcos α=
竖直位移为x⊥=xsin α=。
(2)小球从抛出到离斜面最远时的时间为
t′==。
(3)小球离斜面最远时vy=0,只有沿x轴方向上的速度,则vx=axt′=v0tan α。
答案:(1) (2)
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(3)v0tan α
[固本提素养]
1.平抛运动及研究方法
2.巧解平抛运动与斜面的两类综合问题
两个模型
解题方法
方法应用
分解速度,构建速度矢量三角形
合速度:v=
方向:tan θ=
分解位移,构建位移矢量三角形
水平方向:x=v0t
竖直方向:y=gt2
合位移:s=
方向:tan θ=
[精练速过关]
1.(2022·广东高考)如图所示,在竖直平面内,截面为三角形的小积木悬挂在离地足够高处,一玩具枪的枪口与小积木上P点等高且相距为L。当玩具子弹以水平速度v从枪口向P点射出时,小积木恰好由静止释放,子弹从射出至击中积木所用时间为t。不计空气阻力。下列关于子弹的说法正确的是( )
A.将击中P点,t大于
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B.将击中P点,t等于
C.将击中P点上方,t大于
D.将击中P点下方,t等于
解析:选B 玩具子弹做平抛运动,其竖直方向与小积木一样做自由落体运动,由于枪口与小积木上P点等高,所以子弹必将击中P点,且时间为t=,B正确,A、C、D错误。
2.(2022·全国甲卷)将一小球水平抛出,使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄,频闪仪每隔0.05 s发出一次闪光。某次拍摄时,小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光,拍摄的照片编辑后如图所示。图中的第一个小球为抛出瞬间的影像,每相邻两个球之间被删去了3个影像,所标出的两个线段的长度s1和s2之比为3∶7。重力加速度大小取g=10 m/s2,忽略空气阻力。求在抛出瞬间小球速度的大小。
解析:频闪仪每隔0.05 s发出一次闪光,每相邻两个球之间被删去3个影像,故相邻两球的时间间隔为t=4T=0.05×4 s=0.2 s
设抛出瞬间小球的速度为v0,每相邻两球间在水平方向上位移为x,竖直方向上的位移分别为y1、y2,根据平抛运动位移公式有x=v0t
y1=gt2=×10×0.22 m=0.2 m
y2=g(2t)2-gt2=×10×(0.42-0.22)m=0.6 m
令y1=y,则有y2=3y1=3y
已标注的线段s1、s2