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微专题Ⅲ “能量与动量”计算大题解题研究
[典例] (2022·山东等级考,节选)如图所示,“L”型平板B静置在地面上,小物块A处于平板B上的O′点,O′点左侧粗糙,右侧光滑。用不可伸长的轻绳将质量为M的小球悬挂在O′点正上方的O点,轻绳处于水平拉直状态。将小球由静止释放,下摆至最低点与小物块A发生碰撞,碰后小球速度方向与碰前方向相同,开始做简谐运动(要求摆角小于5°),A以速度v0沿平板滑动直至与B右侧挡板发生弹性碰撞。一段时间后,A返回到O点的正下方时,相对于地面的速度减为零,此时小球恰好第一次上升到最高点。已知A的质量mA=0.1 kg,B的质量mB=0.3 kg,A与B的动摩擦因数μ1=0.4,B与地面间的动摩擦因数μ2=0.225,v0=4 m/s,取重力加速度g=10 m/s2。整个过程中A始终在B上,所有碰撞时间忽略不计,不计空气阻力,求:
(1)A与B的挡板碰撞后,二者的速度大小vA与vB;
(2)B光滑部分的长度d;
(3)运动过程中A对B的摩擦力所做的功Wf。
[思维建模]
关键表述
模型建立
将小球由静止释放,下摆至最低点与小物块A发生碰撞,碰后小球速度方向与碰前方向相同
小球与A碰撞过程动量守恒
碰后小球开始做简谐运动(要求摆角小于5°)
单摆运动,周期公式T=2π
A以速度v0沿平板滑动直至与B右侧挡板发生弹性碰撞
A与B碰撞过程动量守恒,机械能守恒
一段时间后,A返回到O点的正下方时,相对于地面的速度减为零,此时小球恰好第一次上升到最高点
A运动全过程的时间为单摆周期的
[科学思维]
第(1)问,A、B
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发生弹性碰撞,碰撞过程动量守恒、机械能守恒,据此求解碰后两者的速度。
第(2)问,运动过程如图所示,光滑部分的长度d等于A碰后向右运动的总位移,即匀速阶段位移与减速阶段位移之和。解题的关键条件:A减速的位移等于第一阶段B向右减速的位移。
第(3)问,解题关键:求解B在A的摩擦力作用下运动的位移。
特别注意:需要通过计算A、B分别减速到零的时间来判断B的运动位移。
[解题观摩]
(1)设水平向右为正方向,因为O′点右侧光滑,由题意可知A与B发生弹性碰撞,故碰撞过程根据动量守恒定律和机械能守恒定律有
mAv0=mAvA+mBvB
mAv02=mAvA2+mBvB2
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代入数据联立解得vA=-2 m/s,方向水平向左;vB=2 m/s,方向水平向右
即A和B速度的大小均为2 m/s。
(2)因为A返回到O点正下方时,相对地面速度为0,A减速过程根据动能定理有
-μ1mAgxA2=0-mAvA2
代入数据解得xA2=0.5 m
此过程中A减速的位移等于A碰后向左匀速运动过程中B向右的位移,所以对B有
μ2(mA+mB)g=mBa1,
xB1=xA2=vBt1-a1t12
联立代入数据解得t1= s,t1′=1 s(舍去)
根据几何关系有d=vAt1+xA2= m。
(3)对A减速的过程,根据动量定理有
-μ1mAgt2=0-mAvA
代入数据解得t2=0.5 s
在A刚开始减速时,B的速度为
v2=vB-a1t1=1 m/s
在A减速过程中,对B根据牛顿第二定律有μ1mAg+μ2(mA+mB)g=mBa2
解得a2= m/s2
B停下来的时间为t3,根据运动学公式有
0=v2-a2t3,解得t3= s<t2=0.5 s
可知在A减速过程中B先停下来了,此过程中B的位移为xB2== m
所以A对B的摩擦力所做的功为
Wf=-μ1mAgxB2=- J。
[答案] (1)2 m/s 2 m/s (2) m
(3)- J
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考法1 能量与动力学观点的综合应用
1.(2023·全国甲卷)如图,光滑水平桌面上有一轻质弹簧,其一端固定在墙上。用质量为m的小球压弹簧的另一端,使弹簧的弹性势能为Ep。释放后,小球在弹簧作用下从静止开始在桌面上运动,与弹簧分离后,从桌面水平飞出。小球与水平地面碰撞后瞬间,其平行于地面的速度分量与碰撞前瞬间相等;垂直于地面的速度分量大小变为碰撞前瞬间的。小球与地面碰撞后,弹起的最大高度为h。重力加速度大小为g,忽略空气阻力。求:
(1)小球离开桌面时的速度大小;
(2)小球第一次落地点距桌面上其飞出点的水平距离。
解析:(1)由小球和弹簧组成的系统机械能守恒可知Ep=mv2
得小球离开桌面时速度大小v=。
(2)小球与地面碰撞后,由自由落体运动规律可得h=
第一次碰撞前速度的竖直分量为vy,由题可知
vy′=vy
小球离开桌面后,由平抛运动规律得
x=vt,vy=gt
解得小球第一次落地点距桌面上其飞出点的水平距离为x= 。
答案:(1) (2)
考法2 动量与动力学观点的综合应用
个