仿真测试卷(一)-【勤径学升】2025年高考一轮复习物理通关卷

见此图科照数径样骨所源然脂频学习饮件，婴及一轮套习雕原 第二部分综合测试卷 C.气体从状态南到状态：，气体对外做功同时眼热 气体从状态d到状老：压强增大 A,地球的质址= G 5.(红学摇底)水平弹资振子下增装 R 仿真测试卷（一） 有一根记录笔，记录低放置干水 队天和枝心能的线速堂为一NR干面 品会，100分 平桌面上，当系子据动时，以连湘 即水平向左匀违拉动记录振，记 上天和做心酸运行的周期为T一红√受 一，这择题：本题共10小题，共4G分。在每小题给出的四个选项 录笔在纸上前下加图所示的图 D,天和核心粒的线速度大于第字宙速度（网=7,9m) 中：第1一7团只有一项符合题日餐求，每小题4分：第8一10题 壕，从，一为工，为纸上印记的 ,如图甲所常，所有电表均为理思交汽电表，交流电源电压的有效 有多瑰符合避目要求，每小巡8分，全军选对得8分，透对们不 位量生标。下列说法正确的是 值为2的V,理里变压器原.器线周的厘数比琴，=1031，R, 全的得8分，有透情的得0分 A,改变拉动起柔纸的违常，可以改变鲜簧子的周则 1,《山米泰米模斯)若某次聚变反应是4个氢核H结合成1个氮 乱增大弹簧银子的振幅，洋簧条子的周期血会增大 R,R均为定值电阻，且R=R,=100.已每电阻R:中的电宽 白随时可变化的周像如图乙所示。下列说法无确的是() 需打 传He,同时释放出正电了七，已如氢档的质量为，氨伐约质 心弹簧条子的案顿为。” 量为国，正电子们便量为裤，，真空中光渔为，则皮次核反应释 救的能量为 几弹黄操子的W期为G一 A.《m,一用，一 玉.（一，一2 行，《那肃是砂新言布透益生秀域)真空中有内 线 C.(m,十m。-m, D44用，十m.一2m, 个点电药Q,Q分阴固定在工坐标轴的： 2w 2,《户康4头模某)加图所示为小沈同年家新买 一0和x一25m的位置上，上轴上各点的 的月地视器人，他从德用退明书上得到如下 电势？电F的变化关系如图所示A,B是 A.所用交流电湖的朝平为100日起 信息：电帆的额定功卓写W,由视格为 围提与c绀的交点，A点的坐标是20m 内 D14.8V/2200mA·h的理电流供电.与 图线上C点的切线与x轴半行，侧下列说 我R,的阻值为动0 样电池刺余电量为总容量的0%时，扫地机 法正情的是 C.电流表A,的示数为0.4A 器人就自动间迷机充电，结舍上逃信息，下列说法正跪的是 A.Q为正电膏.Q为角电周 D父流电華输出的总电功率为80W 孔电有Q、Q的电量之比为？1可 10,《或线市富规黄整)如图所示，一个质量为世，电简量为9的管正 A.DC1L8V/2a0mA·h表尽该电流输出的是交花电 C.电子沿x轴从x=4m运动到x一24cm的过程中，电子的电 电环，可在术平且足够长的论涤和粉闺杆上滑动，银杆处于 认该机墨人电机的额定电凯为0,2A 势能先减小后增加 藏感应强度为.方向压直抓面向外的匀强蓝场中。我给图塔 C,正常工作时桃渴人电动机每秒钟赖出35」动健 )C点对应位处的生标是0m 水平向左的切速度马，在以后的运动过程中，阁环品动的一 口，电泡充有电后机器人正分工作约5m加后灌机充电 7,《对北无有庄一辞)我国夫文学家通过“天限”在 明像可能是 品（山末城海别来）某透明材料刺厦的管道的精截面 式仙用球代星周13中发现一个体中双星聚 如图断示，“，为过O点的同心割，用再乘平行光 纯。如图所示，由氧星A与恒整日组成的双是 Q,P射向管道，光束P道过国心，光束Q进人材 系统绕其连线上的)点各自做匀速割周运动 料的折射光线恰好与测年相切，并与光束P交于 经残测可细似是日修达行周闱为丁。若制星A 调6上的M点，已每b的半径是4的两倍，侧茂材 的质量为w,加星少的质量为2蜘，引力算量为G,划星A与O 料的折射深为 点国的距离为 A.1,25 且，1，s C,2 D. 。《山家泰衡梅然)一定斯量的现想气体，从状者： 开的，经历ab,d,du国个过程又国到投逐4， C.imT D.BiimT ￥108z 其体积V与热力学据度丁的关系阁像如图所 8.《编州市客二量轴图》3021年10月16日6时54分，牌升十三 示4d的延长线2过坐标额点)，6，加分湖与械 号载人飞船与整可站组合体完成自主快速交会对接。航天员葡 轴，碳轴早行e是斯与每的交点，下列说法正 志刚，王亚平，叶光富进驻天雅核心酸，中间空何站开自有人构 希的是 切驻周时代。天和枝心舱在距地面高度为A的航道做匀速网周 量号 A.气体从状态：到代态是等容变化 运动，驰球的半经为，电球表而的重力加迪度为以，引力希量为 私6之可某个款态的压强小于状态·的压强 G。下列说弦正童的是 高考一轮通吴基·物厘实43 见比酒标熙修？科者轻娟添的帽能学习伏什，突装一轮蛋习难确 二，非速择题，本题找1小题，其5分 (3)闭合开关，多次得节电图箱，记录电阻箱的阻值R和改装厅 41蝇面断后蜂到，将换A的速发大小，和术板B的建度大 1山，(6分》物理实验一般都沙及实轮日的，实数原理.实验仪器，实 电速表的相应虞数1。用尺，表示改装后的电表内阻，E表示电 验步得，数据处理，误差分析等。例如： 原电动势，表示内阻，R表示电阻新的阳值，侧行 ()利用测量的数据，作出R子图线如图乙所东，由图可得E一 V结果保葡三位有效数字)，「 0(结果保留 (2》物块A在木板B上运动的总时何 一位小数) (5)在这个实龄中，如果把改装后的电藏表当成理思电度表，这 种授作是吾合理并说明返因 1.《10分)（可宁大线强蒸测成）一定唐 1,(18分)童虎膜检知图甲所示，长方形NQ区城(MW= 量的理想气体。由A状态开始经历 P9一，MQ与NP边足够长)存在柔直证面向里的磁感以翼订 次新环量终义韩到A款志，P一V图 度大小为1的匀强随场。长为d,厚度不计的或光屏￥6，其上 (1)实的议器。用螺旋测微器测量金国维的直径，螺管酒微恩 下两表面均涂有菱壳粉，ub与NP边平行，相更为d,且左渴 像图所常，其中AB为能店过程， 的示数如周甲所示，该金属饮的直径为 与MN相距也为d。电子检一个一个鱼连铁发对出电子已知 B·C为等压过程，C·A为亨容过 《2)数那处理。某同学在议究平抛运动特点的实验中，得到了 程，已知T,=280K,A→山过配中 04 06Y 电子盾量为程，电荷量为、打莲度可视为零)，经电场知违日， 物棒管平抛运动的常分轨连：如周乙所示，若用中正方形方格 沿制N边注人酷畅区城，电子打到卖光屏就会发究（忽略电子 外界对气体做功34】. 的边长L=4.9,则小球做平抛运动的期速度：= 属的相互作用)， (1求日C状态的混度 (1山若加速电压为U,求电子证入糖场时的速度 (g=:深m/。) (3)误差分析。在探究加速度与物体受力关系的实和中，认别 使小率做匀如违直线运动的合力F等于桶和砂所受的重力 某同学通过政变珍和抄桶的质量，洲量小车的加违度：陆F变 化的用像，实验削他结想小车的相速度年与F约图像如周丙所 示，面实际程到的烟像知图T所示。情指出闭丁与图丙的不可 (2皮变加速电压，使电千不断打到受光屏上，求炎尤媒能发允 之处，并分新说明导效不同的以： (2)请判所整个脑环过程中气体吸热还是放热，并计算吸收成 区城的隐长度。 着放出的店悬是多少？ 12.《8分)（可宁限真》某实险小目利用图甲所示的电路测量一节 干电泡的电分势E(筲1,6V)和内阻(1口左右》，所用器材 有电流表G量程2mA.内阻N=10D),定值电阻R= 1,00.是大阻值为099,9的电阻箱R,开关S等。校照电路 (3若相速电压按如图乙所不的阁檬变化，求从=0开始+个 连接电路，回答下列间些， 周两内，打在乘光尾上的电子数相对总电子数的比例。《电子 经框速电场的时可运小于规明) 34 14.(2分如图联示，质量M一 长绳 4g左捕带梢板.长1，一15m 20 的木板日静止在水平面上，质 量m=1g(可视为断点)的 物块A静止在术板的左病，持板和物块可用长为一0.5m的 轻绳连接，A与日之可，B与水平面之闻的动摩擦四数分别为 (1)电藏表(G:和定值电阻R,并联丽等效为新的电液表，该电瓷 -0,5西-0,1.现恰物块A持域脑加大小恒为F=9N,方 表量程为 色A,(销果保南两位有效数学) 向水平向右的拉力，使A由静止开始在少上向右运动，当绳程 (2)为了保护电慎表，用合开关之前，电阻箱接人电路的电阳值 直时辑间期断，已年A因绳爆断殖度减小了以0,8/ 应大于 (选填"5“成7.“)0 可认为衍动摩擦力与最大静壁擦力相等，取x=10(,求： 华千高考一轮递吴基·种理见此图标酮微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 衰期的特点可知，放射性元素衰变的快慢是由核内部自身的 解得2;=0,0=斤”。5.(1)(2)= 确；普朗克常量可表示为h=方，选项B错误；若换另外一种金 因素决定的，跟原子所处的化学状态和外部条件没有关系，故 解析 (1)以活塞为研究对象，因为活塞处于平衡得： 属实验，斜率k不变，选项C错误；不同金属的逸出功不同，极 (3)氘核和α粒子的动能之和为C错误；较重的核分裂成中等质量大小的核或较轻的核合并 限频率不同，选项D错误。 E.=÷×3mw2+号×4m2=242m3, 释放的核能△E=E,-E.=22m/-=m=, 由爱因斯组质能方程得质量亏损为sm-=E-12。 pS=p?S+mg, 成中等质量大小的核的过程中会释放一定的能量，所以核子 6.D 解析 根据cU=÷m?2=hv-W,入射光的频率越商，所以被封闭气体的压强：p=p,+=P?+psh, 的比结合能会增加，故D正确。 对应的遏止电压U?越大，因此乙光的频率小于甲光的频率， 12.BCD 解析 由动量守恒可知衰变后产生的α粒子与新核Y 的运动方向相反，所以在磁场中运动的轨迹圆外切，根据 qoB= “R可得R-9F,可知a粒子半径大，由左手定则可知两粒子 做圆周运动的方向相同，题图丁正确，故选项A错误；由R= ”结合a粒子与新核动量大小相等可知，=7,新核Y 在磁场中做圆周运动的半径为Rμ=Z2?R,故选项B正确； 四周运动的周期为T=分，环形电流为1=年一，放选 项C正确；对a检子由洛伦兹力提供向心力有quB=“R可 得a=2BR,由质量关系可知衰变后新核Y质量为M= 初始时，滚面的高度卷：h一。 则甲光对应的单色光频率为u,故A错误；由图可知，甲的饱 和电流大于乙的饱和电流，而甲光的频率高，所以甲光的光强(2)当降低温度至水银面相平的过程中，气体先做等压变化， 后做等容变化， 第二部分 综合测试卷 大干乙光的光强，故B得误；根据号mm2=h-W,的阴极发射 仿真测试卷(一) 初状态：p?=D?+“,V?=1.5h,S,T?=T, 末状态：p?=p?,V?=1.2h,S, 根据理想气体状态方程，￥一， 代入数据解用：T-555平 出的光电子最大速度之比为2:1,则最大初动能之比为4:1, 1.B 解析 核聚变方程为4|H→He+2;e,根据质能方程，可知 核反应释放的能量△E=(4m。一m。-2m。)c2,B正确。解得该金属的选出功为合(4?-v),故C销误；根据地出功和截 2.D 解析 DC14.8V/2200 mA·h表示该电池输出的是直 流电，A错误，该机器人电机的额定电流为1-号-15A~止频率的关系可知，(40?-山)=hug,解得：vg=3(4v?-v), 故 D正确。 2.36 A,B错误；正常工作时机器人电动机内阻要产生部分内 能，则每秒钟输出动能小于35J,C错误；机器人正常工作的时 7.A 解析 最高激发态量子数之差和最高能级量子数之差相 同，因此设氢原子原来的最高能级为n,则调高后的能级为 (a+aw),则有(a+am)+6n-D=3×412,可得n=2. 第十五章 近代物理初步 间(=4-0.8×2.200A·h≈0,75h=45 min.D正确。1.B 解析 根据黑体辐射实验规律，黑体热辐射的强度与波长 的关系为：随着温度的升高，一方面，各种波长的辐射强度都有 增加，则各种频率的辐射强度也都增加；另一方面，辐射强度的 极大值向波长较短的方向移动，即向频率较大的方向移动，只 有B项符合黑体辐射实验规律。 2.36 A 3.D 解析 已知b的半径是a的两倍，且根据几何关系可知，Q 光线入射角为60°,折射角为30°,折射率为n=3=5,D 正确。 △n=1,当氢原子吸收能量从基态跃迁到n=2的激发态时，吸 4m,由衰变过程中动量守恒可得MM/-mo=0可知√= .系统增加的能量为△E=÷MG°+≥md,由质能方程可 得△E=△mc2,联立解得衰变过程中的质量亏损为△m= A(qBR)2 收的能量△E=-3.4 eV-(-13.6 eV)=10.2 eV,当氢原子 吸收能量从基态跃迁到n=3的激发态时，吸收的能量△E= -1.51 eV-(-13.6 eV)=12.09 eV,电子与氢原子碰撞时， 氢原子可以吸收电子的一部分的能量，由题目的条件可知，第 一次时电子的能量值应该处于10.2eV<E<12.09 eV的范 围内，故A正确，B、C、D错误。 2.B 解析 氢原子处于不同能级时，核外电子在各处出现的概 率不同，故A错误；从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=2能 级跃迁到n=1能级辐射出的光子能量小，即辐射的电磁波的 频率小，波长长，故B正确；当用能量为11eV的电子撞击处于 基态的氢原子时，氢原子可以吸收其中的10.2 eV的能量，可 能跃迁到激发态，故C错误；从n=4能级跃迁到n=2能级时 释放的光子的能量为E=E-E?=-0.85 eV+3.4 eV= 4.B 解析 根据=C得号一F,由于cd的延长线经过坐标 原点O,则气体从状态c到状态d是等压变化，A错误；根据 空-cm六-分，,则坐标原点O与ab上各点连线的斜率与压 强成反比，由图可知，O与b的连线的斜率最小，压强最大，即 ab之间某个状态的压强小于状态e的压强，B正确；气体从状 态b到状态c为等温变化，△U=0,气体内能不变，同时体积变 小，外界对气体做功，由热力学第一定律△U=W+Q可知， (4—4)?,故选项D正确 8.C 解析 U原子核中电荷数为92,质量数为235,则中子数 为235-92=143,选项A错误；放射性元素的半衰期的大小与 温度、压强等因素无关，由原子核内部因素决定，选项B错误； 根据爱因斯坦质能方程知，裂变时释放的能量△E=△m2= (m?-2m?-m?-m?)e2,选项C正确；U原子核的比结合能 小于Y原子核的比结合能，可知Y原子核比U原子核更稳 定，选项D错误。 13.(1)4.0×102个 9.6×10~”」(2)0.66 μm 解析 (1)光电流达到饱和时，阴极发射的光电子全部到达阳 极 A,阴极每秒钟发射的光电子的个数 w--9.6交19-个=4.0×10°个， 光电子的最大初动能为 2.55 eV<2.75 eV,不能使逸出功为2.75 eV的金属发生光电 效应，故D错误。 Q<0,即气体放出热量，故C错误；坐标原点O与以ad 上各点 的连线斜率与压强成反比，由图可知，气体从状态d到状态a 压强减小，故D错误。 3.C 解析 比结合能越大，原子中的核子结合的越牢固，原子 核越稳定，选项 A错误；U衰变为Rn,发生α衰变是放 出：He,发生β衰变是放出电子-"e,设发生了x次a衰变和y 次β衰变，则根据质量数和电荷数守恒有：4x+222=238,解得 E=eU=1.6×10-1°C×0.6 V=9.6×10-2J。 9.AB 解析 题图甲中，当弧光灯发出的光照射到锌板上时，与 锌板相连的验电器铝箔有张角，这是光电效应现象，证明光具 有粒子性，故 A正确：题图乙为某金属在光的照射下，光电子 最大初动能 E与入射光频率v的关系图像，由图可知 E= (2)设阴极材料的极限波长为λ,根据爱因斯坦光电效应方程 得E=h-h六， 5.D 解析 弹簧振子的周期取决于自身性质，与振幅无关，A、 B错误:由图可知,弹簧振子的振幅为立兰,故 C 错误:记录 纸匀速运动，在移动x?—x?距离的时间内，弹簧振子已振动了 x=4,2x-y+86=92,得y=2,故衰变过程中共有4次α衰变 和2次β衰变，故B错误；卢瑟福通过实验发现质子的核反应 方程为'{N+!He→?O+|H,选项C正确；质子、中子、α粒子的 质量分别为m?vm?、m3,那么质子和中子结合成一个a粒子，核 代入数据得λ?=0.66 μm。 号-E.出人销光的发率为2.时，对应图食中的能量方比，故 B正确；处于n=4能级的氢原子，若想电离，需要的最小能量 14.(1)1eV(2)3.64 eV 2.5个用期，则周期T=2(=),D正确。解析(1)由能级图图甲可知，能量最小的光的能量为能级4 为0.85eV,因此0.70 eV,和0.80 eV的两种单色不可能使处 于n=4能级的氢原子电离，故C错误，卢瑟福通过分析α粒子 散射实验结果，提出了原子的核式结构模型，故D错误。 6.D 解析 沿电场线方向电势降低，故原点处电荷Q带负电， x=25cm处电荷Q?带正电，A项错误；A点处电势为零，由 到能级3,即E=E-E?=2.64eV, 根据题意可知，遏止电压为1.64V,即Em=1.64eV, 阴极材料的逸出功W=E-Em, 得W=1eV。 反应是2H+2,n→He,根据质能方程，所释放的核能为△E =(2m?+2m?-m?)c2,选项D错误。 g,&-4,.B项错误；电子沿x轴从x-6cm 运动到x=24cm的过程中，电势一直升高，故电子的电势能一 直减小，C项错误；C点电势变化率为零，故C点的场强为零， 根据场强叠加定理可得两场源电荷在C点场强大小相等，故 有1Q!_k1Q!-252,解得xc=50 cm,D正确xc2 4.C 解析从核反应方程可知，该核电站通过核裂变获得核能， 故 A错误；铀核U的质子数为92,故B错误；由质量数守恒得 235+1=144+89+x,解得x=3,故C正确；一个铀核U发生 上述核反应，由质能方程可得△E=△mc2=(m?+m?-m?- m?-3m?)c2=(m?-m?-m?-2m?)c2,故D错误。 10.AB 解析 §Li核的比结合能是5.3 MeV,把一个锂核分解 成6个自由核子要消耗能量，即结合能：E=5.3×6 MeV= (2)现把电路改为题图丙，电源提供了正向电压，电子到达阳 极时的最大动能E,即有E=Em+eU=3.64eV。 31.8 MeV,选项 A正确；比结合能越大越稳定，如题图所 示，He核比结合能比；Li核比结合能大，所以He核比；Li核 更稳定。选项B正确；两个{H核结合成!He核时有质量亏 损，要释放能量，选项C错误；U核裂变成?和Ba核过 程中，会出现质量亏损，核子的平均质量减小，选项D错误。 15.()m+51-H+*te (2)0”(d) 5.A 解析 光电效应实验中，入射光频率v与遏止电压U。的 关系是：eU=Em=hv-W?,v=Wa+,式中W。为金属的 地出功，b一，而人一方，联立解得，W,=Ab-,选项A正 解析 (1)由题意可知，核反应方程为。n+SLi→H+?He。 7.A 解析 双星系统中的两个恒星的角速度相同，周期相同， 设恒星A和恒星B的轨道半径分别为r和rn。对A,根据万 有引力提供向心力得G”;2=m,对B.根据万有引力 (2)设中子的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得 mv=-3mv?+4mv?, 由题意得v?:v?=7:8, 11.BD 解析 钍核Th有90个质子，142个中子，故A错误； 根据反应前后质量数守恒、电荷数守恒可知，B正确；根据半 70～高考一轮通关卷·物理 见此图标酮微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 提供向心力得G”=2mm又L=r,+rn.联立解得 远大于m时，才有F≈mg,当m增加到一定程度时不再满足 绳绷断过程时间极短，由动量守恒定律有mv=mv?+Mv?, 荷增加2,则经过了2次β衰变，选项A错误；铀-239发生衰变 过程中，电荷数守恒，质量数也守恒，由于反应放出能量，则质 量亏损，选项B错误；铀-239发生β衰变，实质是原子核内的 中子转化为一个质子和一个电子，选项C正确；钚(“Pu)裂变 生成两个中等质量的核，反应放出核能，生成的新核更加稳定， 则钚核的比结合能小于生成的两个核的比结合能，选项 D 错误。 M远大于m这一条件，绳上的拉力F明显小于mg,这时的图 且v?=v-△v?, n=√,放A王确B.C.D倍观。 像将偏离原来的直线而弯曲) 解得绳绷断后瞬间A、B的速度大小分别为 12.(1)2.0×10°(2)7.5(3)登+ v?=1.2m/s,v=0.2m/s。 (4)1.47 1.3 8.AB 解析 在地球表面，万有别力等于重力，则有C (2)绳绷断后，A在拉力和摩擦力的作用下做匀加速直线运(5)不合理，改装后电流表的内阻与电池内阻相近，忽略后，会 使内阻的测量值相对误差过大 动，B做v=0.2m/s的匀速直线运动，从绳绷断到 A 离开 B 的过程，mg,解得地球质量 M一,选项 A 正确;天和核心舱绕地球 做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由G 十分 mgπ和Gr=mg,解得v=√层六，小于第一字宙速度 a=√R,选项B正确；D错误；由G+)5=m(R+分(学) 和G=mg,解得T=2π√,选项C错误。 解析(1)电流表G与R,并联后总电阻R′=k,R- A的加速度a?=4m/s2, 2.A 解析甲、乙两物体的位移一直为正，并且在增大，所以二 者一直朝着正方向运动，都做直线运动，图像的斜率表示速度， 故甲物体做匀速直线运动，乙物体做变速直线运动，故 A正 确；甲、乙两物体在t=0时刻同地出发，经t?到达同一位置，故 在这段时间内两物体的位移大小相等，故B错误；由图可知， 在0～t?时间内，甲物体的位移小于乙物的位移，时间相等，故 在0～t?时间内，甲物体的平均速度小于乙物体的平均速度， 故C错误；位移时间图像的切线斜率表示速度，由图可知在t? 时刻乙物体图像的切线斜率小于甲物体图像的斜率，即在t? 时刻乙物体的速度小于甲物体的速度，故D错误。 A的对地位移xλ=v、?+÷ax?2, 0.990,则蛋程约为1'==2.0×10°mA. B的对地位移xg=v?t?, (2)根据闭合电路欧姆定律，当电流表达到满偏时，回路中总 目 L—l=xa一xn, 电阻R=片=7.5 0,为了保护电流表，闭合开关之前，电阻 箱接入电路的电阻值应大于7.5Ω。 解得该过程经历的时间t?=0.5s, 故A在B上滑行的时间l=t?+l2=1s。 15.(1)√(2N5a(3)62.5%(3)根据同合电路欧姆定体1=R平区，解得十= 长+叶R 9.BC 解析 由交变电流的图像可知，交流电的周期T=0.02 s, 所以频率 f=50 Hz,A项错误；由交变电流的图像可知，通过 电阻R?的电流有效值为 2 A,由并联分流规律可知，通过R。 的电流有效值也是2A,所以通过副线圈的电流有效值为4A, 由理想变压器的变流规律合一的可知，通过原俊图的电流有 解析 (1)电子在加速场中,根据动能定理有cU-2⋯· 解得电子阴进入磁场的速度大小为～-√。 3.D 解析 设初始时沙桶和沙的质量为m,再次平衡时沙桶和 沙的质量为m?,则添加细沙前后根据平衡条件有2m?gcos 37°(4)由1-R+、整理可得R=-(+R),斜率表示E,根 据R子图线可得E=20V≈1.47 V;因R=8 a.÷= (2)打在荧光屏a点的电子，根据几何关系得 R2=(2d)2+(R?-d)2, =mg,2m.grcos 53°=mg,解得m,=晋m,m?=言m,则有Am =m?-m,=m,C正确，ABD错误。 效值为0.4 A,C项正确；由欧姆定律可知，副线圈两端电压 U.=1·R=-20V.由理想变压器的变压规律出一的可知， 原线圈两端电压为200V,所以电阻R,两端电压为20V,又通 解得R?=2.5d, 7.0,解得r=1.3 Ω。 ①若减小粒子的速度，粒子打在荧光屏的下表面，临界条件是(5)不合理，改装后的电流表内阻约为1Ω,被测电池内阻约 4.C 解析 这两列波的振动周期相同，故频率相同，相差也恒 定，符合干涉条件，A错误；从图丙可知，M点波源的振动方程 为y=4sin(10πt+π)cm,B错误；因两波波长为0.2 cm,波源 振动频率相同，起振方向刚好相反，点P到两波源的距离差为 轨迹与荧光屏相切于c点，是粒子的最小速度，如图所示。为1.3Ω,如果把电表当成理想电表，测量值为2.3Ω,相对误 过R?的电流为0.4A,所以R?的阻值为50Ω,B项正确；交流 电源的输出功率P=220 V×0.4A=88 W,D项错。 P 差23.32×100?7相对误差大大。 N. [abx 13.(1)T=560k Te=840 K (2)吸热 26J10.BCD 解析 对圆环受力分析，圆环受竖直向下的重力mg, 竖直向上的洛伦兹力f?=qoB,若mg与fa恰好平衡，则圆 环不受摩擦力，一直做匀速运动，B项正确。若mg与fs不 平衡，圆环与杆之间有弹力、摩擦力作用，圆环做减速运动。 24 0.9 cm,距离差刚好是半波长的奇数倍，故为振动加强点，振幅 为两波振幅之和为7cm,C正确；P点与O点相距1.2 cm,O 点的波源传至P点时需1.2s,故0.5s时不考虑O点波源的 影响；由于P点与M点相距0.3 cm,M点的波传至P需 解析 (1)A→B过程，根据理想气体状态方程 兴=. 解得T?=560K。 M Qv U 若mg>fx,由牛顿第二定律有μ(mg-quB)=ma,随速度的 减小，加速度不断增大，故圆环做加速度逐渐增大的减速运 动，最终静止，D项正确。若mg<fs,同理有μ(qvB-mg)= 根据几何关系可得，对应粒子做圆周运动的半径为R?=2d, 因此，下表面ac区域长度是ac=d; 0.3s,故0.5s时刻，P点只振动了0.2s,刚好振动了一个周 期，回到平衡位置并沿y轴负方向振动，D错误。B-C是等压变化，根据鉴吕防支定兴兴， 解得T=840 K。 ②若增大粒子的速度，粒子打在荧光屏上表面，临界条件是粒 5.D 解析 O是等量同种电荷连线的中点，场强为O,将 A处 的正点电荷沿OA方向移至无穷远处，O点电场强度变大，故 A错误；移动过程中，C点场强变小，正电荷所受静电力变小， 故B错误；A点电场方向沿OA方向，移动过程中，移动电荷所 受静电力做正功，故C错误；A点电场方向沿OA方向，沿电场 线方向电势降低，移动到无穷远处时，O点的电势高于A 点电 势，故 D正确。 ma,圆环的加速度随速度的减小而减小，故圆环做加速度逐 渐减小的减速运动，当a=0时，圆环开始做匀速运动，C项正 确。综上可知，A项错。 子运动轨迹与NP相切，由几何关系得R。=3d, 所以ag的长度为ag=3d-d+√(3d)2-(2d)2=2d+√5d, 由于af=3d, (2)根据题意W?m=34J, B→C过程气体膨胀，气体对外界做功 W=-p△V=-p(Ve-Vn)=-60J, C→A过程气体体积不变，Wca=0, 整个循环过程W=W,o+W+Wea=-26 J, 由于理想气体内能只与温度有关，所以经历一个循环过程后， 内能不变，即△U=0,根据热力学第一定律△U=W+Q,解得 Q=26 J, 11.(1)0.700(0.69～0.701均可)(2)0.98 (3)见解析 那么上表面fg区域的长度是fg=√5d-d, 发光区域的总长度为△d=ac+fg=√5d。 解析 (1)根据螺旋测微器的读数规则可得其读数为0.5mm+ 0.01×20.0mm=0.700mm。(2)根据图乙可选水平方向的 单位间隔为两小格，即x?=2L=v,T,则对应的竖直方向在相 等相邻时间间隔内的位移之差△y=2L=gT2,根据上述两式 可得v?=√2gL=0.98m/s。(3)不同之处：①丙图过原点， 丁图不过原点；②丙图是直线，丁图在F较大时发生弯曲，偏 离原直线方向。原因：①丁图不过原点是因为在实验过程中 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，导致砂和砂桶的总重力 (3)由第(2)步可知，粒子半径在2d≤R≤3d的区间内，粒子 能打在效光屏上，结合oB=meU=÷m2, 解得U-, 6.D 解析 由动能定理可得—mgssin37°—umgscos 37°=E- E,可得μ=0.25,故A错误；由动能定理可得一mgs,sin 37°— μmgsmcos 37°=0—E,物块沿斜面上滑的最大距离为sm= E 所以此循环过程气体吸热26J。 14.(1)1.2 m/s 0.2m/s (2)1s mgsin 37°+amgcos 37=4 m,故 B错误；根据能量守恒可得 物块从斜面底端运动到最高点的过程中，由于摩擦产生的热量 等于机械能减少量Q=E。-mgs,sin37°=8J,故C错误；全程 应用动能定理得一2μmgsmcos37°=E—E,可求得物体回到 斜面底端时的动能 E=16J,故D正确。 当2eBd<u≤cd时，粒子能打在荧光屏上， 9eB3d2_2eB°d2 2m m因此 η= ×100?2.5??5eB2d2- _eB2d2 m m 解析 (1)对物块A由牛顿第二定律有F-μmg=max, 解得ax=4m/s2, 小于F。时，小车一直保持静止，没有加速度；②当砂和砂桶的 总质量m远小于小车的质量M时，图像的线性关系较好；随 着砂和砂桶的总质量m不断增大，当不再满足m远小于M 时，图像偏离原直线，发生弯曲。(原理分析：设绳的拉力为 由于μmg=μ?(M+m)g=5N,故可判断出A在B上向右滑 动过程中(轻绳绷紧前),木板B不动， 由1=号a、k2得=0.5s, 由v=a?t?求得绳绷紧前瞬间A的速度大小v=2m/s, 仿真测试卷(二) 7.D 解析导体棒 MN 始终静止，与导轨围成的线框面积不 1.C 解析铀-239转变为钚-239,质量数不变，电荷数增加，电 F.通F--晋由事只有是 变，根据法拉第电磁感应定伴可得感应电动势；E=式= 高考一轮通关卷·物理～71