内容正文:
书
一、空间两点间的距离
① 设 a = (x,y,z),用公式 |a|= a槡
2 =
x2+y2+z槡
2求解.
②设A(x1,y1,z1),B(x2,y2,z2),则
→AB=(x2-x1,y2-y1,
z2-z1),|
→AB|= (x2-x1)2+(y2-y1)2+(z2-z1)槡
2.
例1如图 1所示,在长
方体 ABCD-A1B1C1D1中,
AB=BC=2,AA1 =槡2,E,
F分别是面 A1B1C1D1,面
BCC1B1的中心,则E,F两点
间的距离为 .
解:以点A为原点,→AB,→AD,AA→ 1的方向为x,y,z轴的
正方向建立空间直角坐标系,
则点 E(1,1,槡2), (F 2,1,槡2)2 ,所以 |→EF|=
(2-1)2+(1-1)2 (+ 槡22-槡 )2槡
2
=槡62.
二、点A到直线a的距离
如图2,设B为直线a上一点,a为
直线a的方向向量,→AB在向量a方向上
的投影向量的模为
→AB·a
|a| ,则点 A
到直线a的距离d= |→AB|2 (- →AB·a|a )|槡
2
.
例2(2023辽宁锦州高二期末)直线l的方向向量
为m=(1,0,-1),且l过点A(1,1,1),则点P(-1,2,
1)到l的距离为 ( )
(A)槡2 (B)槡3
(C)槡6 (D)2槡2
解:依题意,
直线l的一个单位方向向量为
μ= m|m| (= 槡22,0,-槡2)2 ,→PA=(2,-1,0),
所以|→PA|= 22+(-1)2+0槡 2 =槡5,
→PA·μ=槡2,
所以d= →PA2-(→PA·μ)槡 2 = 5-槡 2=槡3.
故选:(B).
三、两平行直线a,b之间的距离
如图3,两平行直线 a,b之间的距
离可以看成直线b上一点A到直线a的
距离,则d= |→AB|2 (- →AB·a|a )|槡
2
,
其中A∈b,B∈a,a是直线a的方向向量.
四、异面直线a,b之间的距离
如图4,设A∈a,B∈b,直线a,b的
公共法向量为n,则异面直线a,b之间的
距离为向量
→AB在n方向上投影向量的
模,即d=|
→AB·n|
|n| ,其中n⊥a,n⊥b,
A∈a,B∈b.
例3(2023苏州阶段练习)在正四棱柱 ABCD-
A1B1C1D1中,已知AB=2,AA1 =1,求异面直线AB1与
A1C1的距离.
解:由已知DA,DC,DD1两两垂直,
故以D为原点,→DA,→DC,DD→ 1为x,y,z轴的正方向,
建立空间直角坐标系,
则 A(2,0,0),B1(2,2,1),A1(2,0,1),C1(0,2,1),
B(2,2,0),
故AB→ 1 =(0,2,1),A1C→ 1 =(-2,2,0),B1C→ 1 =
(-2,0,0),
设向量n⊥AB→ 1,n⊥A1C→ 1,n=(x,y,z),
则
2y+z=0,
-2x+2y=0{ ,取x=1,可得y=1,z=-2,
所以满足条件的一个向量n=(1,1,-2),
所以异面直线AB1与A1C1的距离为向量B1C
→
1在向
量n上的投影向量的模,即
|B1C
→
1·n|
|n| =
2
槡6
=槡63.
五、点A到平面α的距离
如图5,设n为平面α的法向量,
AB是平面α的一条斜线,B∈α,则点
A到平面α的距离等于向量→AB在n方
向上投影向量的模,即d=|
→AB·n|
|n| .
例4如图 6所示,正方体
ABCD-A1B1C1D1的棱长为1,O
是底面 A1B1C1D1的中心,则 O
到 平 面 ABC1D1 的 距 离 为
.
解:以D为原点,→DA,→DC,DD→ 1的方向为 x,y,z轴正
方向建立空间直角坐标系,
易得 (O 12,12, )1 ,A(1,0,0),D1(0,0,1),B(1,
1,0),
→AB=(0,1,0),AD→ 1=(-1,0,1),→AO (= -12,12,)1 ,
设平面ABC1D1的法向量为n=(x,y,z),
→AB·n=y=0,
AD→ 1·n=-x+z=0
{
,
令x=1,则n=(1,0,1),
所以O到平面ABC1D1的距离
d=|
→AO·n|
|n| =
-12+1
槡2
=槡24.
点评:本题考查点到平面的距离的求法,常用的方
法有等体积法,垂线法,空间向量方法,利用空间向量方
法求解是比较方便的方法.
六、直线到平面的距离、两平行平面的距离都可转
化为点到平面的距离
如图7,直线l到平面α的距离可转化为直线l上一
点A到平面 α的距离,即直线 l到平面 α的距离 d=
|→AB·n|
|n| .
如图8,与平面α平行的平面β到平面α的距离等于
平面β上一点A到平面α的