内容正文:
素养培优课(四) 动力学中的三类典型问题
1.掌握临界问题,能找到几种典型问题的临界条件,能解决几类典型的临界问题.
2.能够正确运用牛顿运动定律处理滑块—木板模型.
3.会对传送带上的物体进行受力分析,正确判断物体的运动情况.
考点1 动力学中的临界问题
1.临界问题:某种物理现象(或物理状态)刚好要发生或刚好不发生的转折状态.
2.关键词语:在动力学问题中出现的“最大”“最小”“刚好”“恰能”等词语,一般都暗示了临界状态的出现,隐含了相应的临界条件.
3.常见类型
(1)弹力发生突变的临界条件
弹力发生在两物体的接触面之间,是一种被动力,其大小由物体所处的运动状态决定.相互接触的两个物体将要脱离的临界条件是弹力为零.
(2)摩擦力发生突变的临界条件
①静摩擦力为零是状态方向发生变化的临界状态;②静摩擦力最大是物体恰好保持相对静止的临界状态.
【典例1】 如图所示,细线的一端固定在倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处,细线的另一端拴一质量为m的小球.
(1)当滑块至少以多大的加速度向右运动时,细线对小球的拉力刚好等于零?
(2)当滑块至少以多大的加速度向左运动时,小球对滑块的压力等于零?
(3)当滑块以a′=2g的加速度向左运动时,细线中拉力为多大?
思路点拨:拉力刚好为零和压力等于零就是临界条件,当a′=2g时小球已脱离斜面了.
[解析]
(1)FT=0时,小球受重力mg和斜面支持力FN的作用,如图甲,则
FNcos 45°=mg
FNsin 45°=ma
解得a=g.故当向右加速度为g时线的拉力为0.
(2)假设滑块具有向左的加速度a1,小球受重力mg、线的拉力FT1和斜面的支持力FN1的作用,如图乙所示.由牛顿第二定律得
水平方向:
FT1cos 45°-FN1sin 45°=ma1,
竖直方向:
FT1sin 45°+FN1cos 45°-mg=0
乙
由上述两式解得
FN1=,FT1=
由此两式可以看出,当加速度a1增大时,球所受的支持力FN1减小,线的拉力FT1增大
当a1=g时,FN1=0,此时小球虽与斜面接触但无压力,处于临界状态,这时绳的拉力为FT1=mg.所以滑块至少以a1=g的加速度向左运动时小球对滑块的压力等于零.
(3)当滑块加速度大于g时,小球将“飘”离斜面而只受线的拉力和重力的作用,如图丙所示,此时细线与水平方向间的夹角α<45°.由牛顿第二定律得FT′cos α=ma′,FT′sin α=mg,解得FT′=m=mg.
丙
[答案] (1)g (2)g (3)mg
求解此类问题时,一定要找准临界点,从临界点入手分析物体的受力情况和运动情况,看哪些量达到了极值,然后对临界状态应用牛顿运动定律求解即可.
[跟进训练]
1.如图所示,在车厢中,一小球被a、b两根轻质细绳拴住,其中a绳与竖直方向成α角,绳b呈水平状态,已知小球的质量为m,求:
(1)车厢静止时,细绳a和b所受到的拉力.
(2)当车厢以一定的加速度运动时,a绳与竖直方向的夹角不变,而b绳受到的拉力变为零,求此时车厢的加速度的大小和方向.
[解析] (1)如图所示:对小球受力分析,可知
FT1sin α-FT2=0
FT1cos α-mg=0
解得FT1=,FT2=mg tan α.
(2)如图所示,根据牛顿运动定律:
FT1′sin α=ma
FT1′cos α-mg=0
解得a=g tan α,加速度方向水平向右.
[答案] (1) mg tan α
(2)g tan α 方向水平向右
考点2 滑块—木板问题的动力学分析
1.摩擦力分析
(1)若滑块与滑板“一快一慢”:较快的受到的对方给它的摩擦力为阻力,较慢的受到的对方给它的摩擦力为动力.
(2)若滑块与滑板“一动一静”:运动的受到的对方给它的摩擦力为阻力,静止的受到的对方给它的摩擦力为动力.
(3)若滑块与滑板“一左一右”:两者受到的对方给它的摩擦力都是阻力.
2.运动特点分析
(1)“掉下去”:滑块与滑板的位移差(或和)等于初始时滑块到滑板边缘的距离.
(2)“相对静止”:滑块与滑板速度相等.
(3)“恰好没掉下去”:既有速度相等的特点,又有滑板与滑块的位移差(或和)等于初始时滑块到滑板边缘的距离的特点.
【典例2】 如图,两个滑块A和B的质量分别为mA=1 kg和mB=5 kg,放在静止于水平地面上的木板的两端,两者与木板间的动摩擦因数均为μ1=0.5;木板的质量为m=4 kg,与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1.某时刻A、B两滑块开始相向滑动,初速度大小均为v0=3 m/s.A、B相遇时,A与木板恰好相对静止.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度大小g=10 m/s2.求:
(1)B与木板相对静止时,木板的速度;
(2)A、B开始运动时,两者之间的距离.