同步学案第三章章末综合提升-【学易优】2023-2024学年高中物理必修第一册（教科版）

{#{QQABRYIUggigAgAAAQgCEwWgCEGQkBGACIoGgEAMMAAAQQNABAA=}#} {#{QQABRYIUggigAgAAAQgCEwWgCEGQkBGACIoGgEAMMAAAQQNABAA=}#} {#{QQABRYIUggigAgAAAQgCEwWgCEGQkBGACIoGgEAMMAAAQQNABAA=}#} 必修第一册·物理(JK) (2)对B受力分析，如图乙所示 【对点训练1】AC对O点进行受力分 由几何关系得如0=或-号 2,0=30 析，O点处于静止状态，两绳子拉力的 合力大小等于物体重力，由图可知，OB 由平衡条件得 绳子上的拉力先减小后增大，OA绳子 NAB cos 0-mg=0,NAB sin 0-NB=0, 的拉力始终增大，故A、C正确。 联立解得Ng=mgtan0= 【例2】【解析】对A球受力分析可知， 3mg 因O、A间绳竖直，则A、B间绳上的拉力 为0。对B球受力分析如图所示，则可 由整体法可得物体A所受地面的摩擦力∫=NB= 3 3 mg. 知当F与O,B间绳垂直时F最小，Fmm 方向水平向左 =Gsin,由儿何关系可知sin0=27 【答案】①M+mg(2)停g,方向水平向左 1 2,则Fmm=2G,故选项A正确。 【对点训练1】A将两球和两球之间的细 【答案】A 线看成一个整体，对整体受力分析如图所 【对点训练2】解析：(1)木块受力情况 示，整体达到平衡状态。根据平衡条件可 如图所示，根据重力的作用效果把重 知整体受到口球上方的细线的拉力F战的 力分解为F1、F2。由静止时受力平衡 大小等于、b的重力大小之和，方向沿竖直 可得 方向，故此细线必定沿竖直方向，故A N=F2=mgcos a 正确。 f=F1=ngsin a。 【例2】【解析】法一解析法 (2)当倾角增大到0时，木块刚好匀速 以球B为研究对象，受力分析如图甲所示，可得出F1= 下滑，对木块受力分析，由平衡条件可 Gian 0.F2-G 90当A向右移动少许后，0减小则F1减 知f=F,'=ngsin0, N'=F2'=mgcos 0 小，F2减小，故A、D正确。 又f=N” 得=tan0。 答案：(1)mgcos a mgsin a(2)tan0 第四章 牛顿运动定律 第1节 牛顿第一定律 法二图解法 目标一 先根据平衡条件和平行四边形定则画出如图乙所示的关 [情境导思] 量三角形，在0角减小的过程中，从图中可直观地看出， 提示：(1)不等。滚上另一斜而的最大高度小于。 F1、F2都减小，故A、D正确。 (2)等于h。 【答案】AD (3)能，通过的路程变大。 【对点训练2】C对结，点O受力分析如 (4)不能，永远运动下去。 图所示，当保持O点位置不变，则当力 「梳理导学] F的方向顺时针缓慢旋转至竖直方向 1.力静止 的过程中，由图可知F先减小后增大， 2.次要因素理想状态 T一直减小，故C正确。 3.一直保持运动下去 【对点训练3】C以结点B为研究对 4.匀速直线 象，分析受力情况，如图所示，根据平 [典题导练] 衡条件可知，F、N的合力F合与G大 【例1】【解析】步聚②是理想实验的实验基础，属于可靠 小相等、方向相反。根据相似三角形 的事实，在此基础上利用推理，先得到小球不受阻力作用 得货-瓷且P=G,则有N=爬 将上升到原来释放时的高度的推论，再设想减小第二个 AC 斜面的倾角，小球在这一斜面上仍然要达到原来的高度， G,现使∠BCA缓慢变小的过程中， 继续减小第二个斜而的倾角直至第二个斜面成为水平 AC,BC不变，即N不变，则轻杆BC所受的力大小不变 面，得到小球将匀速运动的推论。所以正确的顺序排列 C正确，A、BD错误。 是②③①④，②是事实，①③④是推论。 【答案】(1)②③①④(2)B 章末综合提升 【对点训练1】D完全没有摩擦但力的斜面实际上是不 素养提升 存在的，故实验不可能实际完成，故A错误：图1的实验 [典题导练] 为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力 【例1】【解析】弹簧可能处于原长状态，滑块只受重力、 来维持，故B错误：伽利略设想物体下落的速度与时间成 正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通 支持力和静摩擦力三个力作用而处于平衡状态，故A正 过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时 确，B错误：将滑块所受重力沿平行于斜面方向和垂直于 间的平方成正比：由于当时用滴水法计时，无法记录自由 斜面方向分解，根据共点力平衡条件可知，斜面对滑块的： 落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜 静摩擦力的大小一定等于mgsm30°-"5，斜面对滑块的 2 面滚下，来“冲淡”重力的作用效果，而小球在斜面上运动 支持力不可能为零，故C错误，D