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阶段测评(一)(4.1~4.2)
一、选择题(本趣共8小题,每小题5分,共40分)
1.己知等差数列{an}满足a1十a4十a,十a1o=10,a3十a6十a十a12=30,则as十a1=()
A.25
B.35
C.40
D.50
解析设等差数列的公差为d
由a1+a4十a,+a1o=10,得a十a10=5,
即2a1+9d=5:①
由a3+46十+a12=30,得a3十a12=15,
即2a1+13d=15:②
由①②得4=-354,d=52,
则as十am=2a1+17d=25
故选A
答案A
2.已知数列{an}满足a1=1,an+1=an一n,则a4=()
A.-3
B.-5
C.-4
D.-6
解析因为a=l,a+1=an一n∈N),
所以,a2-a1=一1,4-a2=-2,a4-a=-3,
累加可得a4-a1=-1-2-3=-6,
解得a4=a1-6=1-6=一5
故选B
答案B
3.在数列{an}中,am+1=2an,an<1,2an一3,an>1,)若a=25,则a23=()
A15
B.25
C.45
D.85
解析41=25<1,∴.a2=2a1=45<1,
.43=2a2=85>1,.∴.a4=2a3-3=15<1,
.45=2a4=25,…,
可以看出四个循环一次,
故a2023=a4×30s+3=43=85,
故选D,
答案D
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4.设等差数列{am},{bn}的前n项和分别是Sn,Tn,若SnTn=3n+72n,则a6b6=()
A2017
B.2011
C.1722
D.1712
解析因为等差数列{an},bw}的前n项和分别是S,Tm,
所以a6b6=a1+al12b1+b112=110a1+al1D2110b1+b11D2=S11T11=33+722
=2011
故选B
答案B
5.天干地支纪年法源于中国,中国自古便有十天干与十二地支,十天干即:甲、乙
丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、癸:十二地支即:子、丑、寅、卯、辰、已、午、未、申、
西、戌、亥,天干地支纪年法是按顺序以一个天干和一个地支相配,排列起来,天干在前,
地支在后,天干由“甲”起,地支由“子”起,比如第一年为“甲子”,第二年为“乙丑”,
第三年为“丙寅”…,以此类推,排列到“癸酉”后,天干回到“甲”重新开始,即“甲戌”,
“乙亥”,之后地支回到“子”重新始,即“丙子”,…,以此类推,2023年是癸卯年,
请问:在100年后的2123年为()
A,壬午年
B.癸未年
C.己亥年
D.戊戌年
解析由题意得:天干可看作公差为10的等差数列,地支可看作公差为12的等差数列,
由于100-10=10,余数为0,故100年后天千为癸,由于100-12=84,余数为4,故
100年后地支为未,
综上:100年后的2123年为癸未年,
故选B
答案B
6.图1是第七届国际数学教育大会的会徽图案,会微的主体图案是由如图2所示的一
连串直角三角形演化而成的,其中OA1=442=A43=…=A4g=1,如果把图2中的直角三
角形继续作下去,记OA1,O42,…,O4n的长度构成的数列为{an},则a2s=()
图1
图2
A.25
B.24
C.5
D.4
解析由题意知,OA1=A42=443=…=A4g=1,
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△OA42,△OA243,…,△OA48,…都是直角三角形,
∴.41=1,且a2n=a2m-1+10n≥2),
故a2n-a2n-1=1(n≥2),
∴.数列a2m}是以1为首项,1为公差的等差数列,
.a2n=1+(0n-1)×1=n.
又am>0,.an=n,
∴.数列{am}的通项公式为an=n,
∴.425=25=5,
故选C
答案C
7.(多选题)已知数列{an}的前n项和为Sm,若a1=一5,a+1=aw十3,则下列说法正确
的是()
A.{an}是递增数列
B.数列小f(Snn)是递增数列
C.数列S}中的最小项为S
D.Sm,Sm,Sm(m∈N)成等差数列
解析因为ar+1=an十3,所以数列{an}为等差数列,公差为3,
因为am1=-5,所以a.=-5+3(n-1)=3n-8,Sm=n-5+3n-82=3n2-13n2:
对于A,因为an+1一a,=3>0,所以{an}是递增数列,A正确:
对于B,因为Sn+1n+1-Sm=3n-102-3n一132=32>0,所以数列\f(Sm)是递增
数列,B正确