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课时分层作业(十六)
1.(2022·山东卷)我国多次成功使用“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭。如图所示,发射仓内的高压气体先将火箭竖直向上推出,火箭速度接近零时再点火飞向太空。从火箭开始运动到点火的过程中( )
A.火箭的加速度为零时,动能最大
B.高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能
C.高压气体对火箭推力的冲量等于火箭动量的增加量
D.高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭动能的增加量
A [从火箭开始运动到点火的过程中,火箭先加速运动后减速运动,当加速度为零时,动能最大,A项正确;高压气体释放的能量转化为火箭的动能和重力势能及火箭与空气间因摩擦产生的热量,B项错误;根据动量定理可得高压气体对火箭的推力F、火箭自身的重力mg和空气阻力f的冲量矢量和等于火箭动量的变化量,C项错误;根据动能定理可得高压气体对火箭的推力F、火箭自身的重力mg和空气阻力f对火箭做的功之和等于火箭动能的增加量,D项错误。]
2.有一只小船停靠在湖边码头,小船又窄又长(重一吨左右)。一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量。他进行了如下操作:首先将船平行于码头自由停泊,轻轻从船尾上船,走到船头停下,而后轻轻下船。用卷尺测出船后退的距离d,然后用卷尺测出船长L。已知他的自身质量为m,水的阻力不计,则船的质量为( )
A. B. C. D.
B [设船的质量为M,人走动的时候船的速度为v,人的速度为v′,人从船头走到船尾用时为t,人的位移为L-d,船的位移为d,所以v=,v′=。以船后退的方向为正方向,根据动量守恒有:Mv-mv′=0,可得:M=,小船的质量为:M=,故B正确。]
3.一弹丸在飞行到距离地面5 m高时仅有水平速度v=2 m/s,爆炸成为甲、乙两块水平飞出,甲、乙的质量比为3∶1。不计质量损失,重力加速度g取10 m/s2,则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是( )
A B
C D
B [以向右为正方向,由h=gt2可知,爆炸后甲、乙两块弹片做平抛运动的时间t=1 s,爆炸过程中,爆炸力对沿原方向运动的一块弹片的冲量沿运动方向,故这一块弹片的速度必然增大,即v>2 m/s,因此水平位移大于2 m,C、D项错误;甲、乙两块在爆炸前后,水平方向不受外力,故水平方向动量守恒,即甲、乙两块的动量改变量大小相等,两块质量比为3∶1,所以速度变化量大小之比为1∶3,由平抛运动水平方向上,x=v0t,所以A图中,v乙=-0.5 m/s,v甲=2.5 m/s,|Δv乙|=2.5 m/s,Δv甲=0.5 m/s,A项错误;B图中,v乙=0.5 m/s,v甲=2.5 m/s,|Δv乙|=1.5 m/s,Δv甲=0.5 m/s,B项正确。]
4.(2022·河北衡水中学高三调研)光滑水平面上放有一上表面光滑、倾角为α的斜面A,斜面质量为M,底边长为L,如图所示。将一质量为m的可视为质点的滑块B从斜面的顶端由静止释放,滑块B经过时间t刚好滑到斜面底端。此过程中斜面对滑块的支持力大小为FN,重力加速度为g,则下列说法中正确的是( )
A.FN=mgcos α
B.滑块下滑过程中支持力对B的冲量大小为FNtcos α
C.滑块B下滑过程中A、B组成的系统动量守恒
D.此过程中斜面向左滑动的距离为L
D [当滑块B相对于斜面加速下滑时,斜面A水平向左加速运动,所以滑块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面方向,即沿垂直于斜面方向的合外力不再为零,所以斜面对滑块的支持力大小FN不等于mgcos α,故A错误; 根据冲量定义I=Ft可知滑块B下滑过程中支持力对B的冲量大小为I=FNt,故B错误;由于滑块B有竖直方向的分加速度,所以系统竖直方向合外力不为零,系统的动量不守恒,故C错误;系统水平方向不受外力,水平方向动量守恒,设A、B的水平位移大小分别为x1、x2,取水平向左为正方向,由动量守恒定律得M-m=0,即有Mx1=mx2 ,又x1+x2=L,解得x1=,故D正确。]
5.(2023·湖北襄阳市高三检测)甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动,已知它们的动量分别是p1=5 kg·m/s,p2=7 kg·m/s,甲从后面追上乙并发生碰撞,碰后乙球的动量变为10 kg·m/s,则两球质量m1与m2间的关系可能是( )
A.m1=m2 B.2m1=m2
C.4m1=m2 D.6m1=m2
C [甲、乙两球在碰撞过程中动量守恒,所以有p1+p2=p1′+p2′,得p1′=2 kg·m/s。由于在碰撞过程中,系统的机械能不会增加。所以有+≥+,得m1≤ m2。因为题目给出物理情境是“甲从后面追上乙”,要符合这一物理情境,就必须有>,即m1<m2;同时还要符合碰撞后乙球的速度必须大于或等于甲球的速度