第4部分 选择题专项练(三)(Word教参)-【衡中学案】2023老高考物理二轮总复习(老教材)

选择题专项练(三) (考试时间：20分钟　试卷满分：48分) 选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 14.1956年吴健雄用半衰期为5.27年的Co对李政道和杨振宁提出的在弱相互作用中宇称不守恒进行实验验证．Co的衰变方程式为Co→Ni＋X．下列正确的是(　D　) A．X是质子 B．增大压强，可使的Co的半衰期变为10.54年 C．Co衰变能释放出X，说明了原子核中有X D．若该衰变过程中的质量亏损为Δm，真空中的光速c，则该反应释放的能量为Δmc2 【解析】　根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为0，电荷数为－1，为电子，选项A错误；外部因素不能改变放射性元素的半衰期，选项B错误；原子核中的中子转化为质子时放出电子，则Co衰变能释放出电子，不能说明原子核中有电子，选项C错误；若该衰变过程中的质量亏损为Δm，真空中的光速c，则该反应释放的能量为E＝Δmc2，选项D正确． 15．挥杆套马是我国蒙古传统体育项目，烈马从骑手身边奔驰而过时，骑手持6 m长的套马杆，由静止开始催马追赶，二者的v-t图象如图所示，则(　C　) A．0～4 s内骑手靠近烈马 B．6 s时刻骑手刚好追上烈马 C．在0～4 s内烈马的平均速度大于骑手的平均速度 D．0～6 s内骑手的加速度大于8～9 s内烈马的加速度 【解析】　v-t图象图线与坐标轴所围的面积表示位移，骑手与烈马在t＝0时并排运动，通过图线在0～4 s内所围的面积可以看出4 s内烈马位移大于骑手位移，所以4 s内烈马与骑手间距离在增大，0～6 s内烈马位移还是大于骑手的位移，说明6 s末烈马仍在前方，故AB错误；根据＝结合A选项分析可知在0～4 s内烈马的平均速度大于骑手的平均速度，故C正确；由加速度定义式a＝＝知8～9 s内烈马加速度a1＝ m/s2＝5 m/s2,0～6 s内骑手的加速度a2＝ m/s2＝ m/s2，故D错误． 16．如图所示，带正电小球从水平面竖直向上抛出，能够达到的最大高度为h1，(如图甲)；若只加上水平向里的匀强磁场(如图乙)，小球上升的最大高度为h2；若只加上水平向右的匀强电场(如图丙)，小球上升的最大高度为h3；若只加上竖直向上的匀强电场(如图丁)，小球上升的最大高度为h4．每次抛出的初速度相同，不计空气阻力，则(　B　) A．h4＞h3＞h2＞h1　　　 B．h4＞h3＝h1＞h2 C．h4＞h2＞h3＝h1　　　 D．h4＝h3＝h2＞h1 【解析】　甲图中，小球竖直上抛运动，最大高度为h1＝，乙图中，小球运动过程受洛伦兹力作用，当其达到最高点时具有水平方向速度，设此时小球的动能为Ek，由能量守恒可得mgh2＋Ek＝mv，又mgh1＝mv联立，可得h1＞h2，丙图中，加上电场后，由运动的分解可知，在竖直方向上有v＝2gh3，解得h1＝h3，丁图中，小球带正电受竖直向上的电场力作用，由牛顿第二定律可知其加速度可能竖直向下小于重力加速度，也可能电场力与重力平衡加速度为零，还有可能电场力大于重力使小球向上加速运动．所以此时小球的上升高度肯定满足h4＞h1，综上所述，可得h4＞h3＝h1＞h2，故选B． 17．如图所示，a、b、c是北斗卫星导航系统中的3颗卫星，它们的绕行方向相同，周期分别为Ta、Tb、Tc，下列说法中正确的是(　D　) A．Ta大于Tb B．b加速可以追上c C．b与c的向心力大小相等 D．每隔时间a、b与地球球心三点共线 【解析】　由开普勒第三定律＝k可知Ta＜Tb，故A错误；b加速后会做离心运动，故B错误；因卫星质量未知，向心力大小无法判断，故C错误；根据角度关系有t＝π，可求出共线时间t＝，故D正确． 18．海浪机械能是未来可使用的绿色能源之一，利用海浪发电可加速地球上碳中和的实现．某科技小组设计的海浪发电装置的俯视图如图所示，圆柱体磁芯和外壳之间有辐射状磁场，它们可随着海浪上下浮动，磁芯和外壳之间的间隙中有固定的环形导电线圈，线圈的半径为L，电阻为r，所在处磁场的磁感应强度大小始终为B，磁芯和外壳随海浪上下浮动的速度为v，v随时间t的变化关系为v＝v0sin t，其中的T为海浪上下浮动的周期．现使线圈与阻值为R的电阻形成回路，则该发电装置在一个周期内产生的电能为(　A　) A．　　　 B． C．　　　 D． 【解析】　环形导电线圈随着磁芯和外壳随海浪上下浮动而切割磁感线，由法拉第电磁感应定律E＝Blv，环形线圈各部分产生的电动势对回路来说是同向的(实际指感应电流方向)，其有效切割长度由微元法可知l＝2πL，联立v＝v0sin t，可得线圈中感应电动势的瞬时值表达式e＝2πB