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微专题1气体实验定律的应用
[定位·学习目标]
1.会应用气体实验定律和理想气体状态方程解决综合问题。
2.会判断液柱移动问题,掌握解答该类问题的方法。
3.会找到两部分气体的关系,能解决关联气体问题。
4.会利用图像对气体状态、状态变化及规律进行分析,并应用于解决
气体状态变化问题。
突破·关键能力
要点一气体实验定律和理想气体状态方程的综合应用
公要点归纳
应用气体实验定律和理想气体状态方程解题的一般步骤
根据题意,选出所研究的某一部分
选对象+
一定质量气体
分别找出这部分气体状态发生变化
找参量)+
前后的P、V、T数值或表达式(压强的
是关键)
定过程等温?等压?等容?还是P、V、T均变化?
选用气态方程或某一实验定律列式
列方程一
求解,有时要讨论结果的合理性
)典例研习
[例1]如图所示,左端封闭、内径相同的U形细玻璃管竖直放置,左
管中封闭有长为L=20cm、温度t=27℃的空气柱,两管水银面相平,
水银柱足够长。已知大气压强为po75clg。现将图中的阀门S打开,
缓慢流出部分水银,然后关闭阀门S,左管水银面下降了5cm。求:
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(1)保持温度不变,右侧水银面下降的高度;
(2)再对空气柱缓慢加热,使两侧水银面再次相平时的温度。
解析:(1)由题意知,空气柱初始压强即为大气压强,空气柱发生等温
变化,左管水银面下降高度记为h,此时空气柱压强记为p,
屮s
根据玻意耳定律有p_0LS=p(L+h_1)S,
解得p=60cmHg,
显然小于大气压,所以左管液面高于右管液面,有
p+Δh=p0,
代入数据解得Δh=15cm,
故右侧液面下降的高度为h_1+Δh=20cm。
(2)此时空气柱长度L_1=25cm,温度T_1=300K,压强p=60cmHg,
液面再次相平时,L_2=32.5cm(液面相差15cm,粗细相同,所以一边上
升7.5cm,一边下降7.5cm正好相平),压强为p0=75cmHg,根据理
想气体状态方程有
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代入数据解得T2487.5K。
答案:(1)20cm(2)487.5K
[即时训练1]如图所示,质量为3m、开口竖直向下的薄壁汽缸放在水
平地面上。质量为m、横截面积为S的光滑活塞密封了一定质量的理
想气体A。竖直轻弹簧上端与活塞相连,下端固定在地面上,活塞下方
与外界相通。开始时,缸内气体的热力学温度为T1,活塞到缸底的距离
为L1,弹簧恰好处于原长。现对气体A缓慢加热。已知弹簧的劲度系
数k学(g为重力加速度大小),大气压强po,求:
(1)当汽缸恰好离开桌面时,气体A的热力学温度T2:
(2)当气体A的热力学温度为1.2T2时,活塞到缸底的距离L3。
解析:(1)加热前气体A的压强为P1po婴,
设加热后弹簧的形变量为x1,以汽缸和活塞整体为研究对象,根据平
衡条件有kx1=4mg,
加热后气体A的压强为p必Po+袋学,
由理想气体状态方程有学
T2
解得T2萼T1。
(2)气体A的热力学温度从T2上升为1.2T2的过程中,气体A做等压变
化,有
(L+x)S L3S
Te
-12T2,
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解得Lg36L1
答案:(1)T1
(2)6L1
要点二判断液柱移动问题的方法
要点归纳
用液柱隔开两部分气体,当气体的状态参量P、V、T发生变化时,常会
引起水银柱的移动。判断隔开两部分气体的水银柱是否移动、移动方
向的问题,一般有三种常用方法。
假设被水银柱隔开的两部分气体的体积不变,对于每部分气体,
公
利用△p买p计算△p的增量(或减量)大小判断液柱移动方向,
式
或利用等压变化结合△V=?V计算△V的增量(或减量)大小判断
法
液柱移动方向
假设水银柱不动,两部分气体均做等容变化。在pt图上作出两
图
部分气体的等容线。利用等容线求出与温度变化量△T所对应的
像
压强变化量△p,根据△p间的大小关系便可判断出水银柱的移动
法
方向
般题目都是让其中的某一个量变大或者变小,另两个跟着一起
极
变,我们就可以让这个变化量无穷大,判断出液柱在这个极限条
限
件下的状态,和初始状态相比就知道液柱怎么变化了。如温度减
法
小我们可以认为减小到绝对零度,压强增大可以认为是增大到无
穷大
)典例研习
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