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高频考点10带电粒子在电场与磁场中的运动
[对应学生用书P135]
1.
30
D
"L
(多选)(2022重庆二模)如图所示,在与纸面平行的匀强电场中有A、B、C三点构成的直
角三角形,∠ABC=90°,∠C=30°,DE是三角形的中位线,AB边长为2m,质量为1.6×10-27
kg的一价正离子从D点以垂直于AD的速度方向射入电场,正离子在运动过程中经过B点,
己知A、C、E点的电势分别为2V、26V、17V,电子电量为一1.6×10-19C。下列说法正
确的是()
A.D点的电势为14V
B.正离子从D点运动到B点过程中,静电力做功一6V
C.匀强电场的场强方向由D点指向A点,大小为6Vm
D.正离子从D点射入的速度大小为3×104ms
解析
30
D
由匀强电场中两点间的电势差与距离成正比,得c一pD=pD一0,
Pc一Pr=pg一9a得p如=14V,pB=8V,故A正确:正离子从D点运动到B点过程中,
静电力做功W=(pp一p)=6cV,故B错误:如图取DA中点F,则pr=8V,连接BF,即
为等势线,由几何关系知AC⊥BF,故匀强电场的场强方向由D,点指向A点,大小E=
中D一中BDF=6Vm,故C正确:粒子的初速度方向与场强方向垂直,做类平抛运动,有DF
=12Eemt2=1m,FB=ot=3m,解得o=3×104m/s,故D正确。
答案ACD
2.
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(2022泰安二模)如图所示,△ABC是圆的内接三角形,∠BAC=63.5°,O为圆心,AC
为直径,半径R=5cm。有一匀强电场(图中未画出)电场方向与圆周在同一平面内,取O点
电势为零。A处的粒子源向平面内各个方向发射初动能均为8eV、电荷量为十e的粒子,其
中到达B点的粒子动能为12eV,到达C点的粒子电势能为一4eV。不计粒子的重力和粒子
间的相互作用,s53°=0.8。则匀强电场的电场强度大小为()
A.25 V/m
B.50 V/m
C.100 V/m
D.200 V/m
解析
根据电势能表达式E,=epc=一4cV,可知粒子在C点的电势为pc=一4V,根据Uo=
0A一po=Uoc=Qo一pc可得p4=一pc=4V,粒子从A到B的过程,极据动能定理可得W4B
=(pA-9)=l2eV-8eV=4eV,解得oB=0V,可知OB连线为等势线,过A点做OB的垂
线,如图所示,由图中几何关系可得a=20=2(90°一63.5)=53°,则匀强电场的电场强度大
小为E=UABd=UABRsin53°=40.05×0.8Vm=100Vm,C正确,A、B、D错误。
答案C
3
(2022绵阳三模)如图所示,在矩形ABCD内有一垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域(磁场
区域未画出),已知AB边长4L,BC边长6L,E是BC边的中点。一质量为m,电荷量为十g
的粒子从A点沿AE方向以速度%进入矩形区域,恰能从D点沿ED方向射出矩形区域。不
计粒子的重力,则此磁场的磁感应强度最小值为()
A.5mv016qL
B.5mv012qL
C.mv02qL
D.mv03qL
解析根据牛顿第二定律gB=mv2r,解得B=mvqr,故粒子在磁场中的轨迹半径越大,
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磁场强度越小,如图根据几何关系可得半径的最大值为m=125L,解得B=5mv012qL,故进
B。
答案B
4.(2022广元三模)如图所示,半径为R、圆心为O的圆形区域内有方向垂直于纸面向
外的匀强磁场(图中未画出)。两个质量、电荷量都相同的带正电粒子,以不同的速率从α点
先后沿直径ac和弦ab方向射入磁场区域,ab和ac的夹角为30°,已知沿ac方向射入的粒
子刚好从b点射出,沿b方向射入的粒子刚好从O点正下方射出,不计粒子重力。则()
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A.沿ac方向射入的粒子在磁场中运动轨迹半径为R
B,沿b方向射入的粒子在磁场中运动轨迹半径为3R
C.沿ac方向射入的粒子与沿ab方向射入的粒子在磁场中运动的时间之比为2:1
D.沿ac方向射入的粒子与沿ab方向射入的粒子在磁场中运动的周期之比为1:2
解析沿aC方向射入的粒子,从b点射出,偏转角为60°,则根据几何关系得r=2RCos
30°=3R,A错误:沿ab方向射入的粒子,刚好从O点正下方射出,偏转角为30°,则根据
几何关系得(2R)2=2r'2-2r'2Cos30°,解得r'=(3+1)R,B错误:根据T=2rmqB可知,
两粒子在磁场中运动的周期