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高效课时作业(十五)
(4)单刀双掷开关S,接2时,电路总电阻变大,由闭合电路的欧
1.解析:(1)游标卡尺的主尺读数为4mm,游标尺上第8个刻度和
姆定律可知,干路电流变小,路端电压变大,分压电路分压变大,
主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为8×0.05mm=0.40mm,
即M、N间电压变大,【2的测量值偏大,待测电阻阻值为R,=
最终读数为4mm十0.40mm=4.40mm=0.440cm:
11Ro-R1
12
(2)若不存在标准电池,则电流计有示数,由于标准电池的存在
1R。一R。,电流12值偏大,则待测电阻R
使电流计示数为0,则此时M、P间的电势差为E:
测量值大于真实值。
由欧姆定律可知,金属丝电阻为R,一亡入
12
R,x x2
答案:1)见解析图(2)1,1,R。-R。(3)376
由电阻定律R=p冬可知,电阻率为P==一
4
(4)大于
4.解析:(1)由题意可知,此实验中需要定值电阻R甲与待测电流
πEd2
表A并联,从而通过两电流表的示数来间接获取其两端电压信
41L2
息,电流表A,用来测量干路电流。电流表A满偏时其两端电压
L1EπE,d2
答案:(1)0.440(2)图E,①274
约为UA=0.1A×102=1V,此时R甲若选择R2或R3,电流
表A的示数均达不到量程的三分之一,则电流表A未满偏时,
2.解析:(1)定值电阻应选择与待测电流表G1阻值接近的R1(3002),
电流表A,的示数会更小,从而使读数误差增大;R甲若选择
使待测电流表G1的示数基本为G2的一半,则可以使G1、G2的
R1,则电流表A满偏时,通过A1的电流刚好为0.6A,完全符合
示数基本同时达到最大和最小,从而测得更多的数据,故选C;
实验要求,所以定值电阻R甲应该选择R1。实物电路图如图
电流表G1、G2和R1连接后的总电阻约为3002,能承受的最高
所示。
电压约为3002×10mA=3V,选择阻值较小的滑动变阻器R
(0~202),更利于改变加在G1、G2和R1上的电压大小,故
选F。
(2)根据电路图,实物连接如图所示。
待测电流表)
(2)根据串并联电路规律以及欧姆定律可得RA
UA(h-DRo
(3)由部分电路的欧姆定律及串、并联电路的电压、电流关系可
IA
得店-1+餐-(代)山
R
2-R。
即1-山1图像的斜牵=尽十口
(3)由于电压表V的量程为3V,所以只有在电流表A满偏时,
R
电压表的示数才恰好达到量程的三分之一,在这之前的测量电
/9.30-1.00
解得n=(k-1DR1=(:50-0.50-1)×300n≈3230。
压表的示数都会小于量程的三分之一。所以从实验测量精度的
角度分析,该电路存在的主要问题是电压表V的量程过大。
(4)电路中G1、G2测量的是流过其自身的电流I1和I2,不会引
入系统误差:计算中用到的定值电阻R],其内阻是已知的,也不
答案,1)R见解析图(2)尽-R
会产生系统误差,所以该测量方案不存在系统误差。
(3)电压表V的量程过大
答案:(1)CF(2)见解析图(3)323(313~333均可)
5.解析:(1)电流表内阻已知,电流表与R。并联扩大电流表量程,
(4)不存在
进而准确测量通过R。的电流,电压表单独测量R,的电压:滑动
3.解析:(1)按照图甲所示的电路图,题图乙中的器材实物连线如
变阻器采用分压式接法,电表从0开始测量,满足题中通过R
图所示。
的电流从0一5mA连续可调,电路图如图所示。
R
(2)电路中R应选最大阻值为102的滑动变阻器,方便电路的
调节,测量效率高、实验误差小:
通过R,的电流最大为5mA,需要将电流表量程扩大为原来的5
(2)电路M、N间电压保持不变,由串联电路特点与欧姆定律得
倍,根据并联分流的规律示意图如下:
I1(Rr+Rg)=I2(R,十R十Rg)
5mA 4mA
解得R,=1,-R。一R
14
3)将表中实险数据代入R,=二R。一R
12
根据并联分流,即并联电路中电流之比等于电阻的反比,可知
解得R1≈3332,R2≈3852,R3≈395,R4≈3892
4mA_3002
则待测电阻阻值为R,R1十R,十Ra十R
1 mA Ro
4
解得R。=752:
-33+385+395+389n≈3760.
(3)电压表每小格表示0.1V,向后估读一位,
4
即U=2.30V:
283
电流表每小格表示0.02mA,本位估读,即0.84mA,电流表量程
扩大5倍,所以通过R的电流为I=4.20mA:
(②1g造酸所合分于套为N=骨N,-音A:
根据欧姆定律可知R,一了
2.30
4.20X103n≈5482。
1m油酸所合分子教为N=YNA=1严NA=必,B正确:
M
M
1个油酸分子的质量为m,=M,C错误:设油酸分子