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分).(3)补给物资落地时竖直方向的速度为Uy=gt=
可得M=gR
(1分)
10×5m/s=50m/s(2分),所以落地时的速度为v=
&R2
√w2+u,=v√502+502m/s=50√2m/s(2分).
故地球的平均密度p一V
M
G
3g
4
4πGR(2分)
15.解:(1)设月球的质量为M,“嫦娥一号”的质量为m,则
“嫦娥一号”的向心力由万有引力提供,有Gm4
(2)设月球质量为月,对月球有
R22
G
M月
2分),可得月球质量M=4rR
2
(R+h)2
=m(停)
(R+h)(3分)
GT,(2分),又
又GM
=mg(1分)
4
R2
根据密度公式有M=p·3R13(2分),可得月球的密
gR2T2
M
3πR23
一R.(2分)
度p4
可得h入√4π2
πR9G72R,3(2分入.(2)设经过时间1,两卫
(3)发射近月环绕器(如:探测器、卫星、宇宙飞船等),测
星第一次相距最远,则升-号别=2x(2分)得1
T2
共环挠周期为T则有G”月m=m(停)r(2分)
♪2
TT2
T2-元1分).
4π2-3
可求得月球的平均密度p=心月
GT
16.解:设该物体在星球的“赤道”上时重力为G1,在两极处
V月
器2
的重力为G2,该物体质量为m,星球质量为M,星球半径
第八章机械能守恒定律
为R,自转角速度为ω.
A卷基础巩固卷
在“赤道”处GM-G1=mmR(2分)
R2
①
1.B重力做功的多少与物体的初、末位置的高度差有
关,跟物体运动的路径无关,选项A错误.重力势能的
在“两极”处GMm=G2(2分)
R2
②
变化与参考平面的选取无关,选项B正确.弹簧处于压
依题意得1一
×100%=10%(2分)
G2
③
缩状态时,弹簧的长度越长,弹簧的形变量越小,弹簧
的弹性势能越小,选项C错误,弹簧的弹性势能与形变
设该星球自转的角速度增加到“x,赤道上的物体自动飘
量和弹簧的劲度系数有关,两长度相同的弹簧,形变量
起来,周期为Tx·物体自动飘起来即地面与物体间没有
不一定相同,劲度系数大的弹簧的弹性势能不一定大,
相互作用力,物体受到星球的万有引力全部提供其随星
选项D错误。
球自转的向心力,则
2.D恒力做功时,根据功的计算公式W=FLcos a,可得在
GM=mw2R(2分)
R
④
这段时间内拉力F对物体做的功W=10×1×cos120°J=
又w-竿2分
2π
-5J,选项D正确,选项A、B、C错误.
⑤
3.A物体向下运动,重力的方向与位移方向的夹角为0°,
联立方程①②③④⑤代入数据解得
故重力做正功;拉力方向向上,与位移方向的夹角为
T=6h=1,9h.4分)
180°,故拉力做负功;物体做减速运动,加速度方向向上,
10
合外力方向向上,与位移方向的夹角为180°,故合外力做
即赤道上的物体自动飘起来,这时星球的“一天”是l.9h.
负功.选项A正确,选项B、C、D错误.
附加题
4.C在小球向左压缩弹簧的过程中,弹簧的形变量越来越大,
解:(1)设地球质量为M,地面上小物块的质量为m,则有
GMi
弹簧弹力越来越大,根据牛顿第二定律可知,小球的加速度
R2
=mg(2分)
越来越大,小球做加速度变大的减速运动,选项A错误.小球
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和弹簧组成的系统所受外力做功为零,系统的机械能守恒,
误.两球的重力相等,下落的高度相等,由W=mgh知重
选项B错误,弹簧弹力对小球做负功,即小球克服弹簧弹力
力对两球做的功相等,故选项D正确.
做功,小球的机械能减少,选项C正确.小球和弹簧刚接触时
9.CD斜面体固定不动,若斜面体和物体组成的系统机械
速度最大,但此时弹簧弹力最小,加速度最小,选项D错误.
能保持不变,则物体减少的重力势能和增加的动能应相
5.B小木块被缓慢拉向木板左端的过程中,设绳的拉力为
等,根据题意可得△Ep=mgh-0=25J,△Ek=2m2-0=
T,则T=ng,T十mg=F,当小木块到达木板左端时,
18J,两者不等,可知系统的机械能不守恒,选项A、B错
木板向右运动的位移为宁,故拉力微的功W=F,与
误,选项C正确.物体的机械能减少了△E=△Ep一△Ek=
mgL,选项B正确】
7J,选项D正确
6.C取B点处所在水平面为参考平面,所以足球在B点
10.BC0~t1时间内,汽车做匀加速直线运动,加速度a=
处的重力势能为零,A项错误.从A到B的过程,由机械
,根据牛颜第二定律得F-F1=ma,解得牵引力F=
能守位定体得宁m-mgh=了m,可件足球在B点处
1,选项A错误.从1时刻起汽车的功率保持不
F十mt
的动能为2m2一mgh,B项错误.足球在空中运动的过
变,可知汽车在t1~t2时间内的功率等于在t2以后时间
1
内的功率,选项B正确.112时间内,汽车