内容正文:
阶段综合检测答案
章末综合检测(一)
(4)为了尽量减小小球运动过程中所受空气阻力的影响,应
使用密度大、体积小的小球,故A正确:本实验研究的是运
1.选D物体在恒力作用下可能做曲线运动,如平抛运动,A
动学规律,不是动力学规律,因此不用测量小球的质量,故
错误;物体在变力作用下不一定做曲线运动,只要合力的方
B错误;本实验中小球每次的运动轨迹相同,都在同一竖直
向与运动方向在同一直线上,物体就做直线运动,B错误:做
平面内,所以需要使木板平面与小球下落的竖直平面平行,
曲线运动的物体,其速度的方向时刻改变,C错误;做曲线运
从而使所描绘的轨迹反映小球真实的运动,故C错误。
动的物体,其速度的大小可能不变,D正确。
2.选C在曲线运动中,所受合力的方向应指向轨迹凹侧,河
(5)小球运动到该点所用时间为1=工,小球在该,点的竖直
灯受北风之力应向南转弯,可排除1、2轨迹;但北风并不会
影响水流方向的速度,但在轨迹4中,水流方向速度减为0,
分速度大小为,=型=义。,故小球在该点的速度表达式
t x
故可排除4轨迹,故C正确。
3.选B飞行者运动的速度方向不断发生变化,因此速度是改
4y十1
为=√+=
变的,故A错误;飞行者做曲线运动,需要不断改变运动方
答案:(1)A(2)因为平抛运动的初速度方向是沿水平方
向,其所受合力不为零,故B正确;飞行者不受空气作用力
的话,则仅受到重力的作用,其合力指向曲线的凸面,不符合
4十1
向(3)同-(4)A(5)
曲线运动的规律,故C、D错误。
4.选C由题意货物初速度水平向右,加速度竖直向上,货物做类12.解析:1)根据平抛运动的规律有=2g
平抛运动,运动轨迹应该是抛物线,故A、B错误;因为加速度向
代入数据解得1=0.8s。
上,所以合力向上,所以轨迹向上弯曲,故C正确,D错误。
(2)根据平抛运动的规律有x=t
5,选B由题意,忽略空气阻力,小石头抛出后只受重力,由牛!
代入数据解得=6m/s。
顿第二定律可知,其加速度为g,保持不变,故选B。
答案:(1)0.8s(2)6m/s
6.选A小球做平地运动,在不同的位置,加速度为重力加速13.解析:(1)直升机的合速度从东向西,设直升机的速度与东
度,是相同的,A正确:在不同位置,水平速度),=。相同,
竖直速度v,=gt不同,合速度v=√v十v2不同,速度方向
西方向的夹角为0,则有v克sin0=v,解得sin0==
与水平方向间的夹角正切值tana=鸟也不同,故速度方向
801
U.
160=2,则0=30°,则直升机应朝着西偏南30°的方向
不同,B、C、D错误。
飞行。
2h=0.35,
7,选D箭射出后微平抛运动,在竖直方向有1
(2)直升机此时的速度为y=v克cos30°=80V3km/h。
(3)如果所测地区长达80√3km,直升机飞过所测地区所需
在水平方向有x=t,代入数据可得=60m/s,故选D。
8.选A由题知物体做平抛运动,在水平方向有x一1,在竖
时间是t=
s_803h=1h。
0803
直方向有y=2,两式消去1有y=2
。x2,可知=
答案:(1)西偏南30°(2)80√3km/h(3)1h
2m/s,故选A。
:14.解析:(1)将速度沿着坐标轴方向分解,未撒去F:时,沿着
9.选B因为两球同时水平抛出,根据高度决定运动时间,所!
F,方向分速度
以两球不可能同时经过P点,即不会在该点相遇,A错误;}
y,=%sin30°=20×2m/s=10m/s
因为α小球下落高度较高,所以其运动时间较长,B正确;由
题图可知,小球的水平位移较小,而运动时间长,所以其水
平初速度较小,C错误;在竖直方向上,两小球均做自由落体
推去B后加跪度大小a=品-9m/g=5m/心
设经过时间t物体速度最小,此时沿着y方向分速度等于
运动,其竖直分速度a小球的较大,但是(小球的水平分速
度较小,所以合速度的大小无法比较,D错误
零,则t=心=1
5s=2s。
10.选D由于A、D高度相同,B、C、E高度相同,根据h=
(2)撤去F,后物体速度的最小值等于速度沿x方向的分
28,可知甲运动时间是乙运动时间的一半,又根据
量,即w=%0s30=20×5m/s=10vgm/
号可知,由于不知道它们水平位移的关系,因此无法得出
答案:(1)2s(2)10W3m/s
乙在D点的速度是否等于1,故A错误;乙运动的时间为15.解析:(1)AB间的竖直距离为h=lsin日=20m
专-20,甲运动的时问为6=号=,故B储误:
2h=2s
由运动学公式h=合g,可得1门√得
甲的水平位移为西==si血日,故C错误;若=
故运动员在空中飞行时间为2s。
(2)AB间的水平距离为x=lcos0=20√3m
2cos0,则它们在最高点速度相同,又