内容正文:
看出sin0与电流I成正比,当I增大时日增大,则cos日减[情境创设]
小,静止后,导线对悬线的拉力F减小,B,C错误,D正确。1.(1)一条直线(2)弯曲(3)相反方向
2.解析:(1)根据闭合电路的欧姆定律,
2.提示:设导体中单位体积内定向运动的带电粒子数为,粒
E
4.5
有1=R十,2.5+0.5A=1.5A。
子的电荷量为q,如题图所示,则长度为的导体内带电粒
子总数N=S·wt·n
(2)导体棒受到的安培力:
导体所受安培力F金=I·L·B
F*=ILB=1.5×0.4×0.5N=0.30N
导体的电流强度I=ngS
(3)导体棒受力分析如图所示,将重力正交分
每个带电粒子所受的洛伦兹力
解得mngsin37°=0.24N<F安
根据平衡条件:mngsin37°十F,=F袋
F洛=
F生=gSw·t·B
S·t·n
=qwB。
代入数据解得:Fr=0.06N
摩擦力的方向沿导轨平面向下。
强化关键能力
答案:(1)1.5A(2)0.30N(3)0.06N
沿导轨平面向下
新知学习(一)
[任务驱动]
浸润学科素养和核心价值
提示:(1)正、负粒子偏转方向相反。
(2)根据左手定则,B板是电源的正极。
1.选BC将环形导线分割成无限个小段,每一小段看成直导
「典例门选ABA中,带负电荷的粒子向右运动,掌心向外
线,根据左手定则可以判断,当电流为顺时针方向时,导线受
到的安培力垂直纸面向外,当电流为逆时针方向时,导线受
四指所指的方向向左,拇指所指的方向向下,A正确;B中,
带正电荷的粒子向下运动,掌心向里,四指所指的方向向下
到的安培力垂直纸面向里,故B、C正确,A、D错误。
拇指的方向向左,B正确:C中,带正电荷粒子的运动方向与
2.解析:(1)设电流方向未改变时,等臂天平左盘的质量为m1,
右盘的质量为m2,则由等臂天平的平衡条件,有m1g=m2g
磁感线平行,此时不受洛伦兹力的作用,C错误:D中,带负
电荷的粒子向右运动,掌心向外,四指所指的方向向左,拇指
一nBIl。电流方向改变后,同理可得(m十m1)g=m2g十
所指的方向向下,D错误。
nB.两式相减,得B=器
![针对训练]
(2)将n=9、l=10.0cm、I=0.10A、m=8.78g代入B=
·1.选B根据左手定则,带正电荷的粒子向左偏,即粒子流1
带正电荷;不偏转说明不带电,即粒子流2不带电;带负电荷
得B0.49T。
的粒子向右偏,说明粒子流3带负电荷,故B不正确,符合
答案:(1)B=2mi
mg
题意。
(2)0.49T
2.提示:N极。射线带负电荷,根据左手定则判断磁感线方向
二
应垂直于纸面向里,所以是N极。
1.选B初始状态时圆心O处的磁感应强度为0,现撤去B、C新知学习(二)
两导线,此时圆心O处的磁感应强度方向与B、C两导线在![典例]解析:(1)根据左手定则,带正电的微粒向上偏转,带
O点形成的合磁感应强度方向相反,由安培定则可知此时O
负电的微粒向下偏转,所以P板带正电,电势高。
点磁感应强度方向沿∠AOB的角平分线向上,再根据左手
(2)稳定发电时,若外电路断开,则带电微粒在静电力和洛伦
定则,圆心O处的长直通电导线所受安培力的方向沿
∠AOD的角平分线向上,故B正确。
盖蓝力作用下处于手箭状态,有nB=g号,解得E=B。
2.选BC两磁极间的磁感线如图甲所示,千电池与磁铁及中
(3)根据闭合电路欧姆定律,有I=R干,
E
间部分线圈组成了闭合回路,在两磁极间的线圈中产生电
流,左端磁极的左侧线圈和右瑞磁极的右侧线圈中没有电
r为板间等离子体的电阻,且r=pS=0ab
流。线圈中电流方向的左视图如图乙所示,由左手定则可知
中间线圈所受的安培力有向右的分力,根据牛顿第三定律可
联立解得电阻率p的表达式为p=(BdIR)ab
Id
知“小车”向左加速,A错误,B正确:如果只改变某一磁铁S
极与电池粘连,则磁感线不会向外发散,两部分受到方向相
答案:(I)P(2)Bdn(3)Bdv-IR)ab
Id
反的力,合力为0,“小车”不能加速运动,C正确:将“小车”
![针对训练]
上两磁铁均改为S极与电池粘连,磁感线会向里聚集,受到1.选C带电粒子的速度方向与磁感线方向垂直时,洛伦兹力
的力与图中方向相反,故“小车”的加速度方向将发生改变,
F=B,与电荷量成正比,与质量无关,C项正确
D错误。
2.解析:(1)因v⊥B,所以F=qwB。
(2)与B的夹角为30°,将v分解成垂直磁场的分量和平行
磁场的分量,U=sin30,F=-qoBsin30°=2qB。
(3)由于v与B平行,所以不受洛伦兹力。
(4)v与B垂直,F=qoB。
第三节洛伦兹力
答案:(1)uB(2)2qB(3)不受洛伦兹力(4)gB
新知学习(三)…
落实必备