内容正文:
碰后总动量:
p2=(mA+mB)v共 =0.7×0.40kgm/s=0.28kgm/s
因p1=p2,故动量守恒定律得到验证.
答案:(1)AC (2)0.28 0.28
第七章 第1讲
课前双基落实
基础知识填一填
知识点1
1.正弦函数 正弦曲线 2.平衡位置 平衡位置 振动
方向 3.-kx 位移 2πf 相位 4.最大距离 强弱
全振动 单位时间 快慢 不同状态
思维诊断
(1)× (2)√ (3)× (4)√
知识点2
2.θ<5°
思维诊断
(1)× (2)× (3)×
知识点3
1.周期性 驱动力 固有频率 2.固有频率 固有频率
振幅 Am 越小
思维诊断
(1)√ (2)× (3)√
教材挖掘做一做
1.AC
2.解析:(1)甲、乙的周期T=
4s,则ω=2πT =0.5π
,写出
甲的函数表达式x甲 =2sin
(0.5πt+φ甲 ),当t=0时,
x甲 =2cm,故φ甲 =
1
2π
,又
因为φ乙 -φ甲 =-
1
2π
,所
以φ乙 =0,可得出x甲 =2sin 0.5πt+
1
2π( )cm,x乙 =3sin
0.5πtcm.
(2)两个简谐运动在同一坐标系中的位移—时间图像如
图所示.
答案:见解析
3.AC [由题图可知,甲图对应的沙摆摆动的幅度较大,乙
图对应的沙摆摆动的幅度较小,A 正确;两摆摆长相同,
由单摆的性质可知,两摆的周期相同,B错误;由题图可
知,甲图对应的时间为2T,乙图对应的时间为4T,则由
v=xt
可知,甲、乙二人拉木板的速度不同,拉木板的速
度关系为v甲 =2v乙 ,C正确,D错误.]
4.AC
课堂师生互动
考点一
典题例析
[典例1] A [质点在半个周期内的路程为2A,由于开始
时的位置不是在最大位移处,所以质点的位移一定小于
2A,则半个周期内的平均速度v=xt <
2A
1
2T
=4AT
,A 正
确.质点在平衡位置处的速度最大,而在最大位移处的
速度为零,所 以 若 质 点 开 始 时 运 动 的 方 向 指 向 平 衡 位
置,则质点在1
4T
内的路程要大于A;若质点开始时运
动的方向远离平衡位置,则质点在 1
4T
内的路程要小于
A,B错误.若质点开始时运动的方向指向平衡位置,且
经过1
8T
,质点到达与位置P 关于O 点对称的位置,则
此时质点的瞬时速度与经过位置P 时的瞬时速度是相
等的,C错误.根据振动的周期性可知,经过半个周期后,
质点速 度 的 方 向 一 定 与 开 始 时 速 度 的 方 向 相 反,D
错误.]
迁移题组
1.AC [振子通过O 点的速度方向有两种可能,一种是从
O 点指向M 点,另一种是从O 点背离M,利用简谐运动
的对称性找出周期与运动时间的关系.
如图甲所示,O 为平衡位置,设OB(OC)代表振幅,振子
从O 到C 所需时间为T4
,因为简谐运动具有对称性,所
以振子从 M 到C 所用时间和从C 到M 所用时间相等,
故T
4=0.3s+
0.2s
2 =0.4s
,解得T=1.6s.则振子第三
次到达M 点还要经过的时间为t=1.6s-0.2s=1.4s.
如图乙所示,若振子一开始从平衡位置背离 M 向B 运
动,设 M′与M 关于O 点对称,则振子从 M′经B 回到M′
所用的时间与振子从 M 经C 回到M 所用的时间相等,
即0.2s.振子从O 到M′和从M′到O 及从O 到M 所需
时间相等,为0.3s-0.2s
3 =
1
30s.
则振子第三次到达 M
点还要经过的时间为t′=0.2s+130×4s=
1
3 s.
]
2.解析:(1)由题图乙可知T=0.8s,则f=1T=1.25Hz
,
(2)由T=2π lg
,得l=gT
2
4π2
=0.16m.
(3)设摆线偏离平衡位置的角度为α,则摆球在B 点时,
沿绳子方向受力平衡,有F1=mgcosα
在O 点时,有F2-mg=m
v2
l
从B点到O点,根据机械能守恒定律,有mgl(1-cosα)=
1
2mv
2
联立可得摆球质量m=0.1kg.
答案:(1)1.25Hz (2)0.16m (3)0.1kg
考点二
典题例析
[典例2] [解析] (1)弹簧振子在B、C之间做简谐运动,
BC=20cm,故振幅A=10cm;振子在2s内完成了10次全
振动,振子的周期T=0.2s,ω=2πT=10πrad
/s.
(2)振子经过平衡位置时开始计
时,故t=0时刻,位移是0,经 14
周期,振子的位移为负向最大,故
振子 的 位 移 - 时 间 图 像 如 图
所示.
(3)t=0时刻振子的位移为0,则有sinφ=0,且经过
T
4
振
子达到负向最大位移,可得初相位φ=π,故振子的振动
方程为x=10sin(10πt