内容正文:
专题16 HL证全等培优
1.如图,在△ABC中,∠ABC的平分线与AC的垂直平分线相交于点D,过点D作DF⊥BC,DG⊥AB,垂足分别为F、G.若BG=4,AC=5,则△ABC的周长是( )
A.12 B.13 C.14 D.15
【答案】B
【分析】连接AD、DC.证明Rt△DGA≌Rt△DFC(HL),Rt△BDG≌Rt△BDF(HL),得出AG=CF,BG=BF.则可求出答案.
【详解】解:连接AD、DC.
∵BD平分∠ABC,DG⊥AB,DF⊥BC,
∴DG=DF.
∵D在AC的中垂线上,
∴DA=DC.
在Rt△DGA与Rt△DFC中,
∵DG=DF,DA=DC,
∴Rt△DGA≌Rt△DFC(HL).
∴AG=CF,
∵DG=DF,BD=BD,
∴Rt△BDG≌Rt△BDF(HL).
∴BG=BF.又∵AG=CF,
∴△ABC的周长=AB+BC+AC=BG-AG+BF+FC+AC=2BG+AC=2×4+5=13,
故选B.
【点睛】此题考查了线段垂直平分线的性质、角平分线的性质以及全等三角形的判定与性质,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题,属于中考常考题型.
2.如图,在中,,平分,,点在上,且,若,,则的长为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】由角平分线的性质得出DE=DC,再由直角三角形全等的判定定理分别证明≌,≌,由三角形全等的性质分别得出AE、BE的长度,即可得出AB的长度.
【详解】,,
AC=4,
平分,,,
DC=CE,
在Rt与Rt中,
,
≌,
AE=AC=4,
在Rt与Rt中,
,
≌,
BE=CF=1,
AB=AE+BE=4+1=5.
故选:C.
【点睛】本题主要考查角平分线的性质以及直角三角形全等的判定与性质,熟记直角三角形全等的判定定理是解题关键.
3.如图,AD是△ABC的角平分线,DF⊥AB,垂足为F,DE=DG,△ADG和△AED的面积分别为56和32,则△EDF的面积为( )
A.10 B.11 C.12 D.不能确定
【答案】C
【分析】过点D作DH⊥AC于H,根据角平分线上的性质定理可得DF=DH,然后利用“HL”证明Rt△DEF和Rt△DGH全等,根据全等三角形的面积相等可得S△EDF=S△GDH,设面积为S,然后根据S△ADF=S△ADH列出方程求解即可.
【详解】如图,过点D作DH⊥AC于H,
∵AD是△ABC的角平分线,DF⊥AB,
∴DF=DH,
在Rt△DEF和Rt△DGH中,
∴Rt△DEF≌Rt△DGH(HL),
∴S△EDF=S△GDH,设面积为S,
在Rt△ADF和Rt△ADH中,
Rt△ADF≌Rt△ADH(HL),
∴S△ADF=S△ADH,
即32+S=56−S,
解得S=12.
故选C.
【点睛】本题考查角平分线的性质定理,以及用HL判定直角三角形全等,由全等三角形面积相等得到等量关系是解决本题的关键.
4.如图,已知正方形的边长为2,点E是正方形的边上的一点,点A关于的对称点为F,若,则的长为_________.
【答案】
【分析】延长EF交CD于M,连接BM,根据正方形的性质得到AB=BC,∠A=∠BCD=90°,由折叠的性质得到∠BFE=∠BFM=90°,通过Rt△BFM≌Rt△BCM,于是得到MF=MC.由等腰三角形的性质得到∠MFC=∠MCF,由余角的性质得到∠MFD=∠MDF,于是求得MF=MD,得MF=MD=MC=1,AE=EF=x,根据勾股定理即可得到结论.
【详解】解:如图,延长EF交CD于M,连接BM,
∵四边形ABCD是正方形,
∴AB=BC,∠A=∠BCD=90°,
∵点A关于直线BE的对称点为F,
∴∠BFE=∠BFM=90°,AB=BF=BC
在Rt△BFM与Rt△BCM中,
,
∴Rt△BFM≌Rt△BCM(HL),
∴MF=MC,
∴∠MFC=∠MCF,
∵∠MFC+∠DFM=90°,∠MCF+∠FDM=90°,
∴∠MFD=∠MDF,
∴MD=MF=MC,
∵正方形ABCD的边长为2,
∴MF=MC=DM=1,
设AE=EF=x,
∵DE2+DM2=EM2,
即(2-x)2+12=(x+1)2,
解得:x=.
故答案为:.
【点睛】本题考查了正方形的性质,翻折变换-折叠问题,全等三角形的判定和性质,勾股定理,正确的作出辅助线构造全等三角形是解题的关键.
5.如图,在矩形ABCD中,点E是边CD的中点,沿AE所在的直线折叠△ADE,落在矩形内部得到△AFE,延长AF交BC边于点G,若=,则的值为_________.
【答案】
【分析】连接GE,证明,得,设,表示出,,,,的长度,再由勾股定理得的长度,即可得出比值.
【详解】如图,连接GE,
∵在矩形ABC