内容正文:
物理(必修·第三册 RJ)
则有 qU1 =
1
2 mv
2 - 0 ①
带电粒子在偏转电场中做类平抛运动,
水平方向:由运动学公式得 L = vt ②
竖直方向:设位移为 y,则有 y = 12 at
2 =
qU2
2mdt
2 ③
要使带电粒子能飞出电场,则有 y < d2 ④
由① ~④可得:
U2
U1
< 2d
2
L2
,故选 C。
课堂达标检测
1. AC 由题意可知,在 XX′方向上向 X 方向偏转,X 带正电,A
对 B 错;在 YY′方向上向 Y 方向偏转,Y 带正电,C 对 D 错。
2. ACD 在 A 选项所加电压下,电子将一直向 B 加速;在 C 选
项所加电压下,电子也一直向 B 板运动,是先加速再减速至
0,再加速再减速至 0 ,一直向 B 板运动;D 选项和 C 选项一
样,只不过电子的加速度发生变化;只有在 B 选项所加电压
下,电子先向 B 板加速再减速,再向 A 板加速再减速至初始
位置,且速度变为 0,如此在 AB 间运动。
3. A 根据动能定理得,eU1 =
1
2 mv
2;粒子在偏转电场中运动的
时间 t = Lv ,在偏转电场中的偏转位移 y =
1
2 at
2 =
eU2L2
2mdv2
=
U2L2
4dU1
, 则灵敏度 yU2
= L
2
4dU1
。 知 L 越大,灵敏度越高;d 越大,
灵敏度越低;U1 越大,灵敏度越低,灵敏度与 U2 无关。 故 A
正确,B、C、D 错误。
4. (1)1. 0 × 104 m / s (2)1. 7 × 103 N / C (3)400 V
解析:(1)由动能定理得 qU = 12 mv
2
1
代入数据得 v1 = 1. 0 × 104 m / s。
(2)粒子沿初速度方向做匀速运动:d = v1 t
粒子沿电场方向做匀加速运动:v2 = at
由题意得:tan 30° =
v1
v2
由牛顿第二定律得:qE = ma
联立以上各式并代入数据得:
E = 3 × 103 N / C = 1. 7 × 103 N / C。
(3)由动能定理得:qUab =
1
2 m(v
2
1 + v22) - 0
联立以上各式并代入数据得:Uab = 400 V。
章末小结
知识网络构建
始、末位置 路径
Ep
q qφ φA - φB
WAB
q 电势 垂直
等势面 电势 Ud qUAB 互相绝缘
ΔQ
ΔU
εrS
4πkd 10
6
qUl
mdv0
qUl
mdv20
qUl
2
2mdv20
方法归纳提炼
典例 1:BC 由两等量异种点电荷产生的电场的特点可知,
d 点的电场线比 b 点的电场线密集,所以 d 点的场强大于 b 点的
场强,A 项错误,B 项正确;a、c 两点关于 MN 对称,b 点在 MN
上,可知 Uab = Ubc,C 项正确。 a 点电势高于 c 点电势,故试探电
荷 + q 在 a 点的电势能大于在 c 点的电势能,D 项错误。
典例 2:B 沿电场线方向电势降低,可以比较电势高低,根
据电场线方向可知 φa > φb > φc,故 A 错误;根据 Ep = qφ 知正电
荷所在处电势越高电势能越大 Epa > Epb > Epc,故 B 正确,D 错
误;由于电场线的疏密不清楚,无法判定是否为匀强电场,所以
φa - φb 不一定等于 φb - φc,故 C 错误。
典例 3:C A 项粒子在电场中做类平抛运动,水平方向 x =
v0 t,竖直方向 y =
1
2
Eq
m t
2,由 tan 45° = yx ,可得 t =
2mv0
Eq ,故 A 错
误;B 项由于 vy =
Eq
m t = 2v0,故粒子速度大小为 v = v
2
0 + v2y =
5v0,故 B 错误;C 项由几何关系可知,到 P 点的距离为 L = 2v0 t
=
2 2mv20
Eq ,故 C 正确;D 项由于平抛推论可知,tan α = 2tan β,可
知速度正切 tan α = 2tan 45° = 2 > tan 60°。 可知速度方向与竖
直方向的夹角小于 30°,故 D 错误。 故选 C。
典例 4:(1) 12 mv
2
0 +
2φ
d
qh v0
mdh
qφ (2)2v0
mdh
qφ
解析:(1)PG、QG 间场强大小相等,均为 E。 粒子在 PG 间
所受电场力 F 的方向竖直向下,设粒子的加速度大小为 a,有
E = 2φd , ①
F = qE = ma, ②
设粒子第一次到达 G 时动能为 Ek,由动能定理有
qEh = Ek -
1
2 mv
2
0, ③
设粒子第一次到达 G 时所用