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复习讲义参考答案 第一章运动的描述匀变速直线运动 第一讲描述运动的基本概念_提能点(三)1.C2.B3.A4.C5.BD6.A ,提能点(三) ●纲举目张·主干系统不同、有向线段。直线距离选B陈芋汐下落的整个过程所用的时间为t= 质量大小形状不动同一—不同一有向线段直线距离1选B陈芋汐下落的整个过程所用的时间为t= /2H=-×1^0s≈1.4s,下落前5m的过程所用的时间为 初位置末位置―实”运动一快慢=”速度变化量 ,微点判断]━圆的,“_(3)×(4)×(5)√(6)√_1=/一=√0°s=1s,则陈芋汐用于姿态调整的时间约 关键知能·逐点清障 为t_2=t-t_1=0.4s。 提能点(一)1.A2.D3.B 「例2]解析:法一:分段法 '根据题意画出运动草图如图所示Bⅱ 踅能是。二、…____。A.5……:-在A→B段,根据匀变速运动规律可知Allc 工。D.加速度是反映物体速度变化快慢的物理量,加速度的大_AB==1s,h_AB=h_B=﹖gL_AB=5m,由题意 _小取决于速度的变化率,与速度的大小无关,故A错误;速度可知t_Bp=10s,根据自由落体运动规律可得h_D= 子化们气)’加速度就越大,但加速度的变化不二定越快,故 2.选B-质点的加速度与速度同向,速度应增大;当加速度不变故释放点离地面的高度H=h_B-h_A_B=495m。 时,速度均匀增大;当加速度减小时,速度增大得越来越慢;当加法二:全程法 ”度为零时,速度达到最大值,保持不变,A错误,B正确。因质将产品的运动视为匀变速直线运动,规定向上为正方向 点速度方向不变化,所以位移一直在增大,C,D错误、因质将产品的运动视为匀变速直线运动,规定向上为正方向则v_0=10m/s,a=-g=-10m/s 3.选D取初速度的方向为正方向,即取着网前的速度方向为正“根据H=v_bt+它at^,解得H=-495m 方向,则v_1=8m/sv_2=-10m/s,则a=-—-=-18m/s,即产品刚释放时离地面的高度为495m。 加速度的方向向上,D正确。[答案]495m 4.选BD因火箭发射时,速度在10s内由0增加到100m/s,[针对训练] 故10s内火箭的速度改变量为100m/s,A错误;汽车 108km/h=30m/s的速度行驶,则2.5s内汽车的速度改变,1.选D第二个物体在第一个物体下落一后开始下落,此时第 量为0-30m/s=-30m/s,B正确;火箭的加速度为:a_1= ___-个物体下落的高度l_1=-g(号)=根据h=立gt, =10m/s,汽车的加速度为:a_2==-12m/s^2,故 火箭的速度变化比汽车的慢,火箭的加速度比汽车的加速度知第一个物体和第二个物体下落的总高度分别为一gt 小,C错误,D正确。 第二讲ⅳ匀变速直线运动规律及其应用两物体未下落时相距所以当第二个物体开始下落时,两 第1课时匀变速直线运动规律物体相距Δh==-=8C,故D正确。A,B,C错误。 ●纲举目张·主干系统⋮2.选C、空气阻力不计,运动员竖直上升过程做匀减速v ☆b运动,位移为H时的速度为0.逆向观察,如 加速度相同﹒相反_v_s+atv_0t+÷a^2v-v_a(m-n)}所示,运动员做初速度为0的匀加速直线运动,则通 _2+^y/v+2静止gt﹖gt^2gh竖直向上重力过连续相等位移所用时间之比为1∶(\sqrt{2}-1)(√3 _______.-\sqrt{2}):…∶(\sqrt{n}-\sqrt{n}-1)。由题意知,t_2·t_1=2+ 「微 〔微点判断」(D。,(2)√(3)×(4)√(5)×(6)√\sqrt{3},可知选项C正确。 第2课时匀变速直线运动规律的应用 ●关键知能·逐点清障;类型(一)… 提能点(一)1.B2.C3.B[例1]选C质点A的运动方程为x=一at^3,则初速度为 4.解析:(1)要想所用时间最短,则电梯只有加速和减速过程,零,加速度a=2m/s^,故A正确;B直线的斜率表示速度,零,加速度a=2m/s^2,故A正确;B直线的斜率表示速度, 而没有匀速过程,设最大速度为v_m,由位移公式得h=2a故质点B做匀速直线运动,质点B的速度为v-“ +2a,代入数据解得v_m=8m/s,因为v_m=8m/s≤9m/s,2m/s,故B正确;在前3s内。质点B的位移为6m,质点A 多前进了3m,故C错误;t= 1s时刻,质点A的速度为2m/s,质点B以v=2m/s的速 符合题意。加速的时间为t_1=a^m=4s。减速的时间为t_2=度做匀速直线运动,故D正确 a=8s。运动的最短时间为t=t_1+t_2=12s。;[针对训练」 (2)设加速的时间为t_1',减速的时间为t_2′,匀速上升时的速度一盘如果甲做匀减速直线运动,其位移一