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高效作业10 [5 带电粒子在电场中的运动](见学生用书P99)
[A级 新教材落实与巩固]
1.在如图所示的匀强电场中,若一个点电荷从P点由静止释放(不计粒子重力),则以下说法正确的是( D )
A.该点电荷可能做匀变速曲线运动
B.该点电荷一定向右运动
C.静电力对该点电荷可能不做功
D.该点电荷一定做匀加速直线运动
【解析】 电荷受到水平方向上的静电力作用,做匀加速直线运动,因为电荷的电性未知,无法确定向哪个方向做匀加速直线运动,故A、B错误,D正确;电荷在运动的过程中,静电力做正功,故C错误。
2.有两个带有同种电荷的小滑块A和B,质量mA=3mB,带电荷量qB=3qA,两滑块在光滑水平面上相距一定距离由静止释放,以后的任意时刻,下列说法错误的是( B )
A.加速度大小之比为aA∶aB=1∶3
B.速度大小之比为vA∶vB=3∶1
C.速度大小之比为vA∶vB=1∶3
D.动能大小之比为EkA∶EkB=1∶3
【解析】 两小滑块所受合力大小相等,由牛顿第二定律a=,则aA∶aB=1∶3,故A正确;由v=at,则速度之比为vA∶vB=1∶3,故B错误,C正确;由Ek=,动能大小之比为EkA∶EkB=1∶3,故D正确。
3.如图所示,一个平行板电容器充电后与电源断开,从负极板处释放一个电子(不计重力),设其到达正极板时的速度为v1,加速度为a1。若将两极板间的距离增大为原来的2倍,再从负极板处释放一个电子,设其到达正极板时的速度为v2,加速度为a2,则( D )
A.a1∶a2=1∶1,v1∶v2=1∶2
B.a1∶a2=2∶1,v1∶v2=1∶2
C.a1∶a2=2∶1,v1∶v2=∶1
D.a1∶a2=1∶1,v1∶v2=1∶
【解析】 电容器充电后与电源断开,Q不变,由E=可知,增大两极板间的距离时,场强不变,电子在电场中受到的静电力不变,故a1∶a2=1∶1。由动能定理Ue=mv2,得v=,因两极板间的距离增大为原来的2倍,由U=Ed知,电势差U增大为原来的2倍,故v1∶v2=1∶。
4.如图所示,
两极板与电源相连接,电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场,且恰好从正极板边缘飞出,现在使电子入射速度变为原来的两倍,而电子仍从原位置射入,且仍从正极板边缘飞出,则两极板的间距应变为原来的( C )
A.2倍 B.4倍
C. D.
【解析】 电子在两极板间做类平抛运动,水平方向l=v0t,t=,竖直方向d=at2=,故d2=,即d∝,故C正确。
5.2021·浙江海盐高级中学高一示波管中电子枪的原理示意图如图所示,示波管内被抽成真空。A为发射电子的阴极,K为接在高电势点的加速阳极,A、K间电压为U,电子离开阴极时的速度可以忽略,电子经加速后从K的小孔中射出时的速度大小为v。下列说法中正确的是( C )
A.如果A、K间距离不变而电压变为2U,则电子离开K时的速度仍为v
B.如果A、K间距离不变而电压变为2U,则电子离开K时的速度变为2v
C.如果A、K间距离减半而电压仍为U,则电子离开K时的速度仍为v
D.如果A、K间距离减半而电压仍为U,则电子离开K时的速度变为2v
【解析】 设电子的质量为m,电荷量为e,电子在A、K间的加速电场中加速,根据动能定理有eU=mv2-0,解得v=,当A、K间电压变为2U时,电子从小孔中射出时的速度变为v,A、B错误;当A、K间电压仍为U时,根据以上分析可知,电子从小孔中射出时的速度仍为v,C正确,D错误。故选C。
6.2021·湖州中学高一在边长为L的正方形ABCD区域存在匀强电场,方向如图所示,与AD边平行。质量为m,电荷量为e的电子,从CD中点以速度v0平行电场线射入电场,并从AB边射出电场,射出电场时的速度大小为v0。不考虑电子的重力。
(1)求该电场的场强E的大小。
(2)若将电子以速度v0垂直AD边从某处射入电场,且电子恰从B点射出电场,求其射入点距A点的距离。
【答案】 (1) (2)
【解析】 (1)电子从CD边射入,AB边射出,由动能定理有eEL=mv2-mv,
可得E=。
(2)电子做类平抛运动,有L=v0t,
y=at2,
又eE=ma,
联立可得y=。
[B级 素养养成与评价]
7.(多选)一质量为m、电荷量为q的带正电粒子(重力不计)以速度v0逆着电场线方向射入有左边界的匀强电场,场强为E(如图所示),则( BD )
A.粒子射入的最大深度为
B.粒子射入的最大深度为
C.粒子在电场中运动的最长时间为
D.粒子在电场中运动的最长时间为
【解析】 粒子射入到最右端,由动能定理得-Eqxmax=0-mv,最大深度xmax=,由v0=at、a=可得t=,则粒子在电场中运动的最长时间为tmax=2t=,故选BD。
8.2021·温州二十二中高