题型专项特训2(word版)-【状元桥】2022高考生物二轮专题复习（老高考）

题型专项特训(二)　表格解读类 (限时：40分钟) 解题思路： 1．某课外小组用传感器测定了不同条件下250 mL有鱼和无鱼池塘水的溶解氧变化，获得如下数据。下列说法正确的是(　　) 编号 1 2 3 4 5 条件 26 ℃光照 26 ℃黑暗 26 ℃光照 10 ℃光照 10 ℃黑暗 材料 池水 池水 池水＋鱼 池水 池水＋鱼 2 h后的溶 解氧变化(μg) ＋0.378 －0.065 －0.758 －0.03 －0.215 A．1号瓶池水中藻类光合作用产生的氧气量为0.378 μg B．4号瓶池水中藻类不能进行光合作用 C．26 ℃条件下鱼呼吸作用消耗的氧气量为1.136 μg D．池水中藻类光合作用的最适温度为26 ℃ 答案　C 解析　1号瓶池水中藻类光合作用产生的氧气量为0.378＋0.065＝0.443(μg)，A错误；4号瓶有光照，池水中藻类可以进行光合作用，B错误；26 ℃条件下鱼呼吸作用消耗的氧气量为0.378＋0.758＝1.136 (μg)，C正确；题中实验的温度条件只有10 ℃和26 ℃，无法确定池水中藻类光合作用的最适温度，D错误。 2．脉孢霉的许多不同的营养缺陷型能在加有精氨酸的基本培养基上生长，其中一些还可以在加有其他物质的基本培养基上生长，实验结果如下表所示(“＋”表示生长，“－”表示不生长)： 突变类型 不同培养基上的生长反应 基本培养基 谷氨半醛 鸟氨酸 瓜氨酸 精氨酸 Arg－8、Arg－9 － ＋ ＋ ＋ ＋ Arg－5、Arg－6 － － ＋ ＋ ＋ Arg－3、Arg－12 － － － ＋ ＋ Arg－1、Arg－10 － － － － ＋ 进一步实验证明，在基本培养基中加入精氨基琥珀酸后，Arg－10突变株能生长而Arg－1突变株不能生长。根据上述实验结果，能够推理出的结论是(　　) A．精氨酸的合成途径是谷氨半醛→鸟氨酸→瓜氨酸→精氨酸 B．在Arg－3突变株培养基中，可能有瓜氨酸积累 C．Arg－1突变株能够合成精氨基琥珀酸，而Arg－10突变株不能 D．精氨基琥珀酸可以取代基本培养基中的瓜氨酸 答案　A 解析　依题意并分析表中信息可知，Arg－3与Arg－12突变株在添加瓜氨酸的基础上才能生长，说明二者体内缺乏合成瓜氨酸的途径，但存在“瓜氨酸→精氨酸”的合成途径，同理可推知，Arg－5与Arg－6突变株体内缺乏合成鸟氨酸的途径，但存在“鸟氨酸→瓜氨酸→精氨酸”的合成途径，Arg－8与Arg－9突变株体内缺乏合成谷氨半醛的途径，但存在“谷氨半醛→鸟氨酸→瓜氨酸→精氨酸”的合成途径，可见，精氨酸的合成途径是谷氨半醛→鸟氨酸→瓜氨酸→精氨酸，A正确；Arg－3突变株体内缺乏合成瓜氨酸的途径，但存在“瓜氨酸→精氨酸”的合成途径，在基本培养基中添加谷氨半醛、鸟氨酸时均不能生长，会停留在鸟氨酸这一步，而添加瓜氨酸时会利用其合成精氨酸，能够生长，则培养基中不会有瓜氨酸积累，B错误；在基本培养基中加入精氨基琥珀酸后，Arg－10突变株能生长而Arg－1突变株不能生长，说明Arg－10突变株有利用精氨基琥珀酸的途径而Arg－1突变株没有，但不能说明Arg－1突变株能够合成精氨基琥珀酸，C错误；由于加入精氨基琥珀酸后，Arg－10突变株与Arg－1突变株出现了生长差异，说明精氨基琥珀酸是这一系统代谢途径的一环，但精氨基琥珀酸并不能取代瓜氨酸，D错误。 3．某植物的花色有蓝花和白花两种，由两对等位基因A和a、B和b控制。如表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，有关分析不正确的是(　　) 亲本组合 F1株数 F2株数 蓝花 白花 蓝花 白花 ①蓝花×白花 263 0 752 49 ②蓝花×白花 84 0 212 71 A．控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律 B．第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有4种 C．第②组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb D．白花植株与第②组F1蓝花植株杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为1∶1 答案　B 解析　分析表格数据，蓝花×白花，F1均为蓝花，①组F2蓝花∶白花≈15∶1，②组F2蓝花∶白花≈3∶1，可推知控制花色的两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；由①组F2的表现型比例可推知①组亲本基因型为AABB和aabb，F1的基因型为AaBb，则F2中纯合蓝花植株的基因型有3种，分别为AABB、AAbb、aaBB，B错误；由②组F2的表现型比例可推得亲本基因型为AAbb和aabb或aaBB和aabb，即蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb，C正确；白花植株(aabb)与第②组F1蓝花植株(Aabb或aaBb)杂