内容正文:
期越长,轨道Ⅱ对应的半长轴长,所以嫦 A质点以20m/s的速度匀勺速运动,选项}加速度大小 五号在轨道Ⅱ上运行的周期比在轨道Ⅲ:A正确;B质点图线的斜率先正后负,说明:设匀减速行驶的时间为 上运行的周期长,B正确;嫦娥五号分别沿:B质点先沿正方向做直线运动,后沿负方向 轨道Ⅱ和轨道Ⅲ运行时,向心加速度都是由做直线运动,选项B正确;由题图可知,B质 1a12,解得t2 万有引力提供,所以经过Q点的向心加速}点在0~4s内做减速运动,在4~8s内做 此时汽车速度v2=b-at2=16m/s, 度大小相等,C正确;嫦娥五号由轨道Ⅱ变反向加速运动,故选项C错误;4s末两图汽车走完33m距离,所用时间t=1+2 向轨道Ⅲ运行时,需要减速才能实现,所以:线相交,说明此时两个质点到达同一位置 经过Q点时,沿轨道Ⅱ的速度大于沿軌遹;故选项D正确 (2)汽车行驶33m时,行人横穿马路走过的 Ⅲ的速度,D错误 2.选BCD根据vt图线与时间轴所围的“面距离L=v人1=5×1.75m=8.75m,此时行 例5]选ACP、Q两顆星均由相互间的万积”大小等于位移大小,由题图知,t=2s:人接近马路中心,可能有危险 有引力提供向心力,且P、Q两颗星的运动时,小汽车和大卡车的位移之差△x=x (3)汽车在0.75s的反应时间内前进的距 T,设轨道半径分别为mp、a,固为G"pmg0x2m=25m<30m,所以在第 周期相等,则P、Q两颗星运动的周期均为 12:2s内不会追尾,故A错误;同理t=3s时 汽车从开始减速到停止运动行驶的距离为 xa-xb≈29.2m,t=4s时,xn-xb≈:x3=b≈16.7m, rQ,所以m 31.7m,所以在第4s内追尾,故B正确 汽车前进的总位移x=x1+x3=31.7m, G7,m=4x.由题意有mp+A=15m/s2=7.5m(,速度相等时,有故行人没有位移小于3m m-mp=1x2P△,质量之和=m-a1,得t=8,小汽车和大卡车(3)没有危段。16m ra=l,rp-ro=△r。所以Q、P两颗星的质 (2)有危险 模型(三) 20 [典例]选C两小球在C点相遇,说明 G7,选项A、C正确,D错的位移之差△r 球一定是同时到达C点。由于平拋运动的 可知,P、Q两颗星30m,不会追尾,故C正确;由题图可知在 小球在竖直方向上做自由落体运动,由h 误;由线速度公式v= t=5s时两车速度相等,小汽车相对于大卡 得 ,由于A点到C点的 的线速度大小之差为△=vp-v=T 车的位移为△x==,×2m+-2m=竖直高度差较大,所以从A点抛出的小球 选项B错误。 32.5m,相距最近的距离为s=40m-32.5m到达C点时运动的时间长,故一定是A点 5m,则不会发生追尾事故且两车最近时的小球先抛出,选项A错误;由于两小球在 例6]解析:在直线三星系统中,星体做圓周:相距7.5 C点相遇时,从A点拋出的小球竖直方向的 运动的向心力由其他两星对它的万有引力的∶3.选BC由加速度一时间图像可画出两车的速度大,且两小球在竖直方向上加速度 合力提供,根据万有引力定律和牛顿第二定速度一时间图像,如图所示。由图像可知,同,均为g,故由匀变速直线运动的规律可知 律,有Gm2+Gm2 解得 t=6s时两车同速,此时距离最近,图中阴从A点抛出的小球一定先落地,选项B错误 影部分面积为0~6s内两车位移之差 由t= 1m,由周期T=知,直线三星系统4y×30×3n+7×30×(6-3)m 可得两小球从A、B两点拋出的 0m,则此时两车相距:△s=s0-△x 时间间隔为△=tA-tB 中星体做圆周运动的周期T「D;同10m,C正确,A错误。0~9s内两车位移 N 5gm 理,对三角形三星系统中做圆周运动的星体; 差为、,)×30×3m=45m,所以两 选项C正确;两小球在水 平方向上做匀速直线运动,故由x=vt可得 有2G,cs30=ma得 辆车不会相撞,故B正确,D错误 所以从A、B两点拋出的小球 答案:4π 的水平初速度的比值为== 层级Ⅱ 微专题Ⅱ-1 ,选项D错误。 模型 模型(二) [应用体验] 「典例]选C由题图知,在=4s之前,A、[典例」解析:(1)设甲牟减速到零的位移大1.选C子弹从抢膛射出后做平抛运动,由 △v=g△t可知,子弹在相等时间内速度的变 方向相同,故A错误;运动过程中,由图像21x甲,代人数据可解得x甲=8.1m<9m,北量相等,选项A错误;对子弹,由动能 可知A的加速度aA m/s“= 由此可知甲车能避免闯停车线 高度的变化是均匀的,选项B错误;若子弹 (2)由题意分析可知,在刹车的整个过程中:刚好在小球落地时击中小球,有d=vt, 2m/s2,C的加速度ac公A0m/s2 两车间的距离在逐渐减小。设乙车减速到 零