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第5练 直线与圆的位置关系1(培优练习)
1.(2021•奉贤区二模)如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,BC=18,AC=24,点O在边AB上,且BO=2OA.以点O为圆心,r为半径作圆,如果⊙O与Rt△ABC的边有3个公共点,那么下列各值中,半径r不可以取的是( )
A.6 B.10 C.15 D.16
【分析】根据勾股定理得到AB==30,求得OA=10,OB=20,过O分别作OD⊥AC于D,OE⊥BC于E,根据相似三角形的性质即可得到结论.
【详解】解:∵∠C=90°,BC=18,AC=24,
∴AB==30,
∵BO=2OA,
∴OA=10,OB=20,
过O分别作OD⊥AC于D,OE⊥BC于E,
∴∠BEO=∠C=∠ADO,
∵∠A=∠A,∠B=∠B,
∴△BEO∽△BCA,△AOD∽△ABC,
∴,,
∴,,
∴OD=6,OE=16,
当⊙O过点C时,连接OC,根据勾股定理得OC==2,
如图,∵以点O为圆心,r为半径作圆,如果⊙O与Rt△ABC的边有3个公共点,
∴r=6或10或16或2,
故选:C.
2.(2021•温州三模)在等腰三角形ABC中,AC=BC=2,D是AB边上一点,以AD为直径的⊙O恰好与BC相切于点C,则BD的长为( )
A.1 B. C.2 D.
【分析】连接OC,根据等腰三角形的性质得到∠A=∠B,∠A=∠ACO,推出∠COB=2∠B,根据切线的性质得到∠OCB=90°,求得∠B=30°,根据直角三角形的性质得到结论.
【详解】解:连接OC,
∵AC=BC,
∴∠A=∠B,
∵OA=OC,
∴∠A=∠ACO,
∵∠COB=∠A+∠ACO=2∠A,
∴∠COB=2∠B,
∵⊙O与BC相切于点C,
∴∠OCB=90°,
∴∠COB+∠B=2∠B+∠B=90°,
∴∠B=30°,
∴OC=BC=,
∴OB=2OC=,
∴BD=OB﹣OD=,
故选:B.
3.如图,正方形ABCD的边长为8.M是AB的中点,P是BC边上的动点,连接PM,以点P为圆心,PM长为半径作⊙P.当⊙P与正方形ABCD的边相切时,BP的长为( )
A.3 B.4 C.3或4 D.不确定
【分析】分两种情形分别求解:如图1中,当⊙P与直线CD相切时;如图2中当⊙P与直线AD相切时.设切点为K,连接PK,则PK⊥AD,四边形PKDC是矩形;
【详解】解:如图1中,当⊙P与直线CD相切时,设PC=PM=x.
在Rt△PBM中,∵PM2=BM2+PB2,
∴x2=42+(8﹣x)2,
∴x=5,
∴PC=5,BP=BC﹣PC=8﹣5=3.
如图2中当⊙P与直线AD相切时.设切点为K,连接PK,则PK⊥AD,四边形PKDC是矩形.
∴PM=PK=CD=2BM,
∴BM=4,PM=8,
在Rt△PBM中,PB==4.
综上所述,BP的长为3或4.
故选:C.
4.如图,一个菱形的边长与它的一边相外切的圆的周长相等,当这个圆按箭头方向从某一位置沿此菱形的四边做无滑动旋转,直至回到原出发位置时,这个圆共转了( )
A.6圈 B.5圈 C.4.5圈 D.4圈
【分析】分别得出圆在菱形的四条边上和四个顶点处转的圈数,再相加即可.
【详解】解:∵菱形的边长与它的一边相外切的圆的周长相等
∴圆在菱形的边上转了4圈
∵圆在菱形的四个顶点处共转了360°,
∴圆在菱形的四个顶点处共转1圈
∴回到原出发位置时,这个圆共转了5圈.
故选:B.
5.(无锡)如图,点A的坐标是(a,0)(a<0),点C是以OA为直径的⊙B上一动点,点A关于点C的对称点为P.当点C在⊙B上运动时,所有这样的点P组成的图形与直线y=﹣x﹣1有且只有一个公共点,则a的值等于 ﹣ .
【分析】如图,连接BC,OP,设直线y=﹣x﹣1交x轴于点E(﹣3,0),交y轴于点F(0,﹣1),首先证明OP=2BC=﹣a,推出点P的运动轨迹是以O为圆心﹣a为半径的圆,当⊙O与直线y=﹣x﹣1相切时,点P组成的图形与直线y=﹣x﹣1有且只有一个公共点,设切点为G,连接OG.想办法求出OG即可.
【详解】解:如图,连接BC,OP,设直线y=﹣x﹣1交x轴于点E(﹣3,0),交y轴于点F(0,﹣1),
∵AC=CP,AB=OB,
∴OP=2BC=﹣a,
∴点P的运动轨迹是以O为圆心﹣a为半径的圆,当⊙O与直线y=﹣x﹣1相切时,点P组成的图形与直线y=﹣x﹣1有且只有一个公共点,设切点为G,连接OG.
在Rt△EOF中,∵OG⊥EF,EF==,•OE•OF=•EF•OG,
∴OG=,
∴a=﹣,
故答案为:﹣.
6.图1是一种推磨工具模型,图2是它的示意图,已知AB⊥PQ,AP=AQ=3dm,AB=12dm,点A在中轴线l上运动,点B在以O为圆心,OB长为半径的圆上运动,且OB=4dm